初三物理上册期中测试题(2)
初三物理上册期中测试题
∴W=Fs=1N×0.5m=0.5J，
故答案为：0;0.5.
点评： 判断力是否做功时一定要紧扣做功的必要条件，特别是有力有距离时，但是移动距离不是在力的方向上移动的，这种情况一定不做功.
16.(4分)(2005•芜湖)夏天，水泥马路的温度往往比湖水高得多，这是由于 水泥的比热容比水小 .为此，市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这是利用了 水蒸发吸热 的道理.若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则车的牵引力 = (选填“>”、“<”或“=”) 车所受的摩擦力，洒水车的动能将 减小 (选埃“增大”、“减小”或“不变”).
考点： 水的比热容的特点及应用;蒸发及其现象;二力平衡条件的应用;动能的影响因素..
专题： 简答题;推理法.
分析： 因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少;
路面上的水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的;
因为洒水车做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的牵引力和摩擦阻力为一对平衡力，据此判断;
动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，质量越大、速度越大，物体的动能越大.
解答： 解：因为水泥的比热容比水小，吸收相同的热量(同样的阳光照射)水泥的温度变化大，升高的温度值大，所以水泥马路的温度比湖水高得多;在路面上洒水是利用了蒸发吸热的道理;因为洒水车做匀速直线运动，所以洒水车受到的牵引力和摩擦力为平衡力，大小相等;洒水时速度不变，但洒水车的质量减小，洒水车的动能减小.
故答案为：水泥的比热容比水小，水蒸发吸热，=，减小.
点评： 本题考查了水的比热容较大的特点、蒸发吸热、二力的平衡、动能的影响因素，难度不大，但综合性强、密切联系生活，属于中考常见题型.
17.(2分)学校旗杆顶上有一个 定 滑轮，有了它，在地面上向下拉绳子就能方便地把旗帜升到旗杆顶.如图所示滑轮组中，不计动滑轮重和绳重，不计摩擦，当匀速提起重400N的物体时，作用在绳子自由端的拉力F的大小是 200 N.
考点： 滑轮组绳子拉力的计算..
专题： 简单机械.
分析： (1)滑轮轮轴固定的是定滑轮，使用定滑轮时不能省力，但可以改变力的方向;
(2)不计动滑轮重、绳重和摩擦，已知承担物重的绳子的股数、物重，利用F= G求出拉力大小.
解答： 解：(1)旗杆上的滑轮轮轴是固定的，所以此滑轮是定滑轮;
(2)由图可以看出此滑轮组绳子股数为n=2，
不计动滑轮重、绳重和摩擦，作用在绳子自由端的拉力F的大小：
F= G=×400N=200N.
故答案为：定;200.
点评： 此题是考查定滑轮的定义和滑轮组绳子拉力的计算，基础性题目.
18.(2分)古代的战争中，常常利用如图所示杠杆投掷“石弹”.在“投弹”时作用在A点的力沿 F2 方向时最小(选填F1、F2或F3).已知石球重120N，OA：OB=1：5，则作用在A点力的最小值为 600 N(不计杠杆自重及摩擦).
考点： 杠杆的平衡分析法及其应用..
专题： 简单机械.
分析： (1)阻力和阻力臂一定时，动力和动力臂成反比，要想动力最小，必须动力臂最长;
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出最小的动力.
解答： 解：(1)利用如图所示杠杆投掷“石弹”.在“投弹”时阻力和阻力臂一定，要想动力最小，必须动力臂最长，图中的力沿F2方向时，动力臂最长，动力最小;
(2)根据杠杆平衡条件可得：
G×OB=F2×OA，
所以作用在A点力的最小值：F2= = =600N.
故答案为：F2;600.
点评： 此题主要考查的是学生对杠杆平衡条件及其应用的理解和掌握，难度不是很大，知道动力臂最长时动力最小是解决此题的关键.
19.(4分)如图为一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速为2400r/min，该汽油机每秒机对外做功 20 次.如图所示是汽油机的 做功 冲程，工作时此冲程将 内 能转化成 机械 能.
考点： 有关热机的计算;内燃机的四个冲程..
专题： 比热容、热机、热值.
分析： (1)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成.在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次.
(2)2400r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转2400圈.
解答： 解：四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，则该飞轮每秒钟转40圈.因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以飞轮转40圈，共80个冲程，对外做功20次.
如图所示，汽油机的进气门、排气门均关闭，且活塞向下运动，所以该冲程是做功冲程，并将内能转化为了机械能.
故答案为：20;做功;内;机械.
点评： 本题主要考查对热机飞轮转速的含义的理解以及对热机工作循环中各冲程情况的了解.
20.(3分)如图电路中：开关S闭合时，灯L1与L2 串 联，电压表测的是 L1 两端的电压;当S由闭合到断开时，电压表的示数将 变大 (填“变大”、“变小”或“不变”)
考点： 串联电路和并联电路的辨别;电压表的使用;欧姆定律的应用..
专题： 应用题;电路和欧姆定律.
分析： (1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方式;
(2)根据串联电路特点，结合题意分析答题.
解答： 解：由电路图可知：开关S闭合时，灯L1与L2串联，电压表测灯L1两端的电压;根据串联电路的电压特点知L1两端的电压小于电源电压;S断开时，由于电压表测电源两端电压，;
所以，当S由闭合到断开时，电压表示数变大.
故答案为：串;L1;变大.
点评： 本题考查了串联电路的特点，是一道基础题;分析清楚电路结构、明确各电路元件的连接方式是正确解题的前提，熟练掌握串联电路的特点是正确解题的关键.
21.(3分)跳绳是一种简便易行的锻炼方式.如图所示描绘了小明同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图象.由图象可知，他的重心移动的最大高度为 6 cm.若该同学身体质量为50kg，则他跳一次克服重力做 30 J功，1min内克服重力做功的功率为 75 W.(g取10N/kg)
考点： 功的计算;功率的计算..
专题： 功、功率、机械效率.
分析： (1)从图中可以看出他的重心移动的最大高度;
(2)已知物体的质量，根据公式G=mg可求他的体重，再利用W=Gh求他跳一次克服重力做功;
(3)从图中可以看出跳一次所用的时间，然后可知1min内跳的次数n，求出1min做的总功，再利用功率的公式P= 计算1min内克服重力做功的功率.
解答： 解：
(1)由图象可知，他的重心移动的最大高度h=6cm=0.06m;
(2)G=mg=50kg×10N/kg=500N，
跳一次克服重力做功：
W=Gh=500N×0.06m=30J;
(3)由图分析可知，跳一次的时间为0.4s，则小明同学1min内跳了150次，
1min内做的总功：W总=W×150=30J×150=4500J，
1min内克服重力做功的功率：
P= = =75W.
故答案为：6;30;75.
点评： 本题考查了重力的计算、功的计算和功率的计算，这就需要学生充分理解重力、功和功率的计算公式，该题的关键是能从图中获取有用的信息，从图中获取最大高度与跳一次所用的时间，这是本题的难点.
三、解答题(共50分)
22.(6分)(1)利用图甲中的定滑轮和动滑轮绕制滑轮组提升重物，要求能改变用力的方向和大小.请画出滑轮组的绕法.
(2)物体M在杠杆AOBC作用下在如图乙位置静止，试在C点作出使杠杆在如图乙位置平衡时的最小力F(O为支点).
(3)电路中小灯泡都能正常发光，电流表和电压表各一个，请在图丙中的“○”中填上电流表和电压表符号.
考点： 滑轮组的设计与组装;杠杆中最小力的问题;电流表的使用;电压表的使用..
专题： 图像综合题.
分析： (1)要改变用力的方向，根据图中提供的定滑轮和动滑轮，可从定滑轮开始绕线;
(2)根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，当动力臂最长时，用力最小.
(3)根据电流表要串联使用，电压表要并联使用的特点分析.
解答： 解：(1)从定滑轮开始绕线，有两段绳子承担重物，如图所示：
(2)由杠杆平衡更条件可知，当动力臂最长时，用力最小.连接OC即为最长动力臂，在做OC的垂线即为最小力F.
(3)电路中灯都能正常发光，而左端的灯泡与电表并联，故这里是电压表，左端的灯泡要亮，则下边的电表则必须是电流表才会使左端的灯中有电流通过.
点评： 此题主要考查了有关力臂的画法、电压表和电流表的使用、滑轮组的设计与组装等知识点，明确从支点向力的作用线引垂线.垂线段的长度即为力臂.
23.(6分)我校为学生供应开水，用锅炉将200kg的水从20℃加热到100℃，燃烧了6kg的无烟煤，无烟煤的热值是3.4×107J/kg.试求：
(1)锅炉内200kg的水吸收的热量是多少焦耳?
(2)6kg无烟煤完全燃烧放出的热量是多少焦耳?
(3)此锅炉的效率是多少?
考点： 热平衡方程的应用..
专题： 比热容、热机、热值.
分析： (1)知道水的质量、比热容、初温和末温，根据公式Q吸=cm(t﹣t0)可求出水吸收的热量;
(2)知道无烟煤的质量和热值，根据Q放=mq可求出无烟煤完全燃烧放出的热量;
(3)知道水吸收的热量和无烟煤完全燃烧放出的热量，根据η= ×100%可求出锅炉的效率.
解答： 解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t﹣t0)
=4.2×103J/(kg•℃)×200kg×(100℃﹣20℃)
=6.72×107J;
(2)无烟煤完全燃烧放出的热量：
Q放=m无烟煤q
=6kg×3.4×107J/kg
=2.04×108J;
(3)锅炉的效率：
η= ×100%= ×100%≈32.94%.
答：(1)锅炉内的水吸收的热量是6.72×107J;
(2)无烟煤完全燃烧放出的热量是2.04×108J;
(3)此锅炉的效率是32.94%.
点评： 本题考查学生对热传递过程中吸热公式和燃料燃烧放出热量公式及热效率公式的综合运用，利用好公式是关键.
24.(6分)建筑工地上，工人用如图所示的装置将重为500N的建材从地面匀速送到4m高处，所用拉力为300N，时间为20s，不计摩擦和绳重，求：
(1)工人做的有用功;
(2)工人做功的功率;
(3)此过程中该装置的机械效率.
考点： 滑轮(组)的机械效率;功的计算;功率的计算..
专题： 计算题;功、功率、机械效率.
分析： 由图示可知，滑轮组绳子的有效股数n=2;
(1)知道建材重力和升高的高度，利用W=Gh可以求出有用功.
(2)知道拉力，拉力端移动的距离s=2h，利用W=Fs求总功;知道做功时间，利用P= 求工人做功的功率.
(3)求出了有用功和总功，利用效率公式求出此过程中该装置的机械效率.
解答： 解：由图示可知，滑轮组绳子的有效股数n=2;
(1)工人做的有用功：
W有=Gh=500N×4m=2000J;
(2)拉力端移动距离：
s=2h=2×4m=8m，
工人做的总功：
W总=Fs=300N×8m=2400J;
工人做功的功率：
P= = =120W;
(3)此过程中，该装置的机械效率：
η= ×100%= ×100%≈83.3%;
答：(1)工人做的有用功2000J;
(2)工人做功的功率120W;
(3)此过程中该装置的机械效率83.3%.
点评： 本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是公式的灵活运用和有用功、总功、机械效率的理解与掌握.
25.(5分)如图两幅图是课本上的演示实验.
(1)图甲实验的目的是为了说明 动能和势能 可以相互转化，图中小球在 B 点运动速度最大.小球每次摆起的高度都比前一次低，原因是 存在摩擦阻力，机械能减小 .
(2)图乙的实验是通过观察到 棉花燃烧 现象，说明对物体做功，物体的内能会增大.实验过程中能量的转化情况 机械能转化为内能 .
考点： 动能和势能的转化与守恒;做功改变物体内能..
专题： 分子热运动、内能;机械能及其转化.
分析： (1)动能大小的影响因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大;重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.质量越大，高度越高，重力势能越大;动能和势能可以相互转化;在不计摩擦阻力的情况下，机械能是守恒的，若计摩擦阻力，机械能将变小;
(2)压缩空气做功可以改变物体的内能，能量转化是将机械能转化为内能.
解答： 解：(1)动能和势能是可以相互转化的，从A点到B点，高度下降，速度变大，重力势能转化为动能，从B点到C点，高度上升，速度变小，动能转化为重力势能，故B点的动能最大.
由于单摆实验中存在着摩擦，所以有机械能损失，故在单摆左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，你将会看到它们上升的高度逐渐降低是由于摩擦阻力的作用，使得机械能减小造成的.
(2)当用力压活塞时，活塞压缩玻璃筒内的空气体积，对气体做功，空气的内能增加，温度升高，当达到乙醚着火点时，筒内棉花就会燃烧起来.故机械能转化为内能.
故答案是：(1)动能和势能;B;存在摩擦阻力，机械能减小;(2)棉花燃烧;机械能转化为内能.
点评： 本题主要考查学生对动能和势能可以相互转化以及做功改变物体内能的了解和掌握，是中考的热点.
26.在探究杠杆平衡条件的实验中：
(1)小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 左 调节.小明调节杠杆在水平位置平衡的主要目的是 使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响 、 便于从杠杆上测出或读出力臂的长度 .
(2)如图甲所示，在杠杆左边A处挂四个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂同样钩码 6 个.
(3)如图乙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大 (变大/变小/不变)，其原因是 力臂变短 .
考点： 探究杠杆的平衡条件实验..
专题： 压轴题;实验探究题;实验分析法.
分析： (1)杠杆自身有重力，实验前先要调节杠杆两端的平衡螺母，使其在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响，调节方法是“左低右调，右低左调”;
(2)调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于从杠杆上测量或读出力臂的长度;
(3)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数;
当动力与动力臂的乘积一定时，阻力臂变短，阻力变大.
解答： 解：(1)杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左调节;
调节杠杆在水平位置平衡的主要目的是：①使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响;
②便于从杠杆上测出或读出力臂的长度;
(2)由F1L1=F2L2可得：FB= = =6G;
(3)根据F1L1=F2L2可得FC= ，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，FC的力臂变短，则弹簧测力计的示数将变大.
故答案为：
(1)左;使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响;便于从杠杆上测出或读出力臂的长度;
(2)6;(3)变大;力臂变短.
点评： 考查杠杆平衡的调节方法及平衡条件的应用，应注意动态平衡的分析，当力臂变化时，力也会随着变化.
27.(4分)(2012•安徽)图示为探究“物体动能的大小跟哪些因素有关”的实验.实验步骤如下：
Ⅰ.让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，观察木块被撞击后移动的距离.
Ⅱ.让不同质量的钢球从斜面上相同的高度由静止滚下，观察木块被撞击后移动的距离.
回答下列问题：
(1)步骤Ⅰ是为了研究动能大小与 速度 的关系.
(2)步骤Ⅱ是为了研究动能大小与 质量 的关系.
(3)该实验中斜面的作用是为了控制钢球 速度 的大小，木块的作用是为了比较钢球 动能 的大小.
考点： 探究影响物体动能大小的因素..
专题： 压轴题;实验探究题;控制变量法;转换法.
分析： (1)让同一小球从不同的高度由静止滚下，高度不同，小球到达水平面速度不同，所以同一小球从不同高度滚下，是为了在质量相同时，改变速度，来探究动能和速度的关系.
(2)不同质量的小球从同一高度静止滚下，为了获得相同的速度，所以不同质量的小球在同一高度由静止滚下，是为了在速度相同时，改变质量，来探究动能跟质量的关系.
(3)斜面的作用是为了使小球从相同的高度由静止滚下获得相同的速度，或从不同的高度由静止滚下获得不同的速度，斜面是为了控制钢球的速度大小.
小球推动木块运动越远，小球的动能越大，用木块运动的距离来反映小球的动能大小.
解答： 解：(1)让同一钢球从斜面不同的高度由静止滚下，控制了钢球的质量，改变的是钢球到达水平面的速度，因此探究的是动能大小与速度的关系.
(2)让不同质量的钢球，从斜面相同的高度由静止滚下，控制了钢球到达水平面的速度，改变的是钢球的质量，因此探究的是动能与质量的关系.
(3)该实验中斜面的作用是控制钢球滚到水平面的速度.钢球推动木块运动的距离，来比较钢球动能大小，这里采用了转换法的思想.
故答案为：(1)速度;(2)质量;(3)速度;动能.
点评： 明确本实验中研究动能大小的决定因素时，运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法.
28.(8分)小亮和小华帮老师整理实验室时，发现一个有盖的木盒，盒盖上可看到两只灯泡和一只开关(导线的连接民政部隐藏在盒内)，如图所示.
(1)当小亮闭合开关时，两只小灯泡都亮了;断开开关，两灯泡又熄灭.
①请你判断：在这个木盒内，除了导线，一定还有另外一个电路元件，它是 电源 .
②根据上述现象，你 不能 (选填“能”或“不能”)断定这两只小灯泡是串联的，你的依据是 开关接在干路中，不论灯泡是并联还是串联，开关都能控制两控制两灯同时亮同时灭 .
(2)小华说：“我不需要添加任何器材就能判断出它们是串联还是并联.”你认为小华的判断方法是 取下其中一个灯泡，再闭合开关，如果另一个灯泡仍然发光，说明两个小灯泡是并联的，如果另一个小灯泡不发光，说明两个小灯泡是串联的. .经过检验，这两只灯泡确实是串联的，但在老师闭合开关的时候，细心的小华观察到灯L1比L2亮些.他认为这是因为L1比L2更靠近电源正极的缘故.
①你认为小华的判断是 错误的 (选填“正确的”或“错误的”);
②在不增加其他器材的条件下，能证实小华的判断是否正确的做法是 调换两灯泡的位置，观察灯泡的亮暗是否变化 .
(3)小亮想借助这个装置“探究串联电路电压的特点”，他先将电压表接在L1两端并读出电压表的示数为1.8V;再测L2两端的电压时，他没有拆下电压表，只是将电压表原来接在A处的导线改接到L2右侧D接线柱上.你认为他的这一操作是 错误的 (选填“正确的”或“错误的”)，理由是 电压表正负接线柱接反了 .
考点： 控制变量法与探究性实验方案..
专题： 探究型实验综合题.
分析： (1)电路中有电源且电路闭合时，灯泡发光;接在干路上的开关可以控制两盏串联或并联的灯泡同时亮或同时灭.
(2)串联电路电流处处相等，灯的亮暗与是否靠近电源正极无关;调换两灯泡的位置关系，看灯泡亮度是否变化，即可做出判断.
(3)电压表应与被测电路并联，电流应从正接线柱流入，负接线柱流出.
解答： 解：(1)闭合开关，电路闭合，两灯泡发光，说明电路中有电源;
开关接在干路中，不论灯泡是并联还是串联，开关都能控制两控制两灯同时亮同时灭，
因此不能根据两灯同时亮同时灭判断两灯是串联的.
(2)取下其中一个灯泡，再闭合开关，如果另一个灯泡仍然发光，说明两个小灯泡是并联的，如果另一个小灯泡不发光，说明两个小灯泡是串联的.
串联电路电流处处相等，两灯泡串联，流过两灯泡的电流相等，因此小华的判断是错误的;
调换两灯泡的位置，如果两灯泡的亮度都发生变化，说明小华的判断是错误的，如果灯的亮度不变，则小华的判断是正确的.
(3)将电压表原来接在A处的导线改接到L2的接线柱D上去了，电压表正负接线柱接反了，所以他的做法是错误的.
故答案为：(1)电源;不能;开关接在干路中，不论灯泡是并联还是串联，开关都能控制两控制两灯同时亮同时灭;
(2)取下其中一个灯泡，再闭合开关，如果另一个灯泡仍然发光，说明两个小灯泡是并联的，如果另一个小灯泡不发光，说明两个小灯泡是串联的;错误的;调换两灯泡的位置，观察灯泡的亮暗是否变化;(3)错误的;电压表正负接线柱接反了.
点评： 解决本题关键是利用并联和串联的特点、开关的作用以及电压表的正确使用来判断电路的连接形式.
29.(10分)阅读下面的短文，回答问题.
半导体冰箱
半导体冰箱，也称之为电子冰箱.是一种在制冷原理上与普通冰箱完全不同的产品.简单结构为：将P型半导体，N型半导体，以及铜板，铜导线连成一个回路，铜板和导线只起导电作用，回路由12V直流电供电，接通电流后，一个接点变冷(冰箱内部)，另一个接头散热(冰箱后面散热器).P型半导体和N型半导体，除了可以用于各种电子元件外，还可以用作制冷材料，如图是一个半导体体制冷单元的原理图，P型半导体和N型半导体的上端和铜片A连接，下端分别与铜片B连接后接到直流电源的两端，此时电路的电路流方向是从N型半导体铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，铜片B会向空气放出热量;反之，改变直流电源的正负极方向，使电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量.由于半个制冷单元制冷量小，为了满足实际需要，需要多个制冷单元同时工作.
请回答下列问题
(1)如图，若要使一个电冰箱箱内的温度下降，铜片A置于电冰箱的 箱内 ，铜片B置于电冰箱 箱外 (前两空选填“箱内”、“箱外”)，这就是半导体冰箱的工作原理，若将图中的电源换成交流电源，此时电冰箱能否正常制冷?答： 不能 .
(2)若将图中P型半导体与N型半导体位置互换，其它条件不变，则铜片A上表面空气的温度将 上升 ，若将图中电源正负极互换，其他条件不变，则铜片B表面空气的温度将 下降 .
考点： 半导体的作用..
专题： 粒子与宇宙、材料世界.
分析： (1)要解答此题需掌握半导体二极管的特点单向通电性，加以运用.通电后有一面是吸热(制冷)，一面是散热(将吸的热量散掉).由于交流电源电压较大，且电流方向不断变化，不能直接使用.
(2)将图中P型半导体与N型半导体位置互换，这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量;若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量.
解答： 解：(1)由短文提供的信息可知，①电路的电路流方向是从N型半导体铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，应置于冰箱的箱内，从冰箱内吸收热量，使电冰箱箱内的温度下降;铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱的箱外;②铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱箱外，把从箱内吸收的热量散发掉，达到制冷的目的;③交流电源的电流方向是变化的，这样吸热和放热的状态就会不断改变，不能使吸热的部分恒定保持吸热状态，不能使放热的地方恒定保持放热状态.
(2)①将图中P型半导体与N型半导体位置互换，这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，使得铜片A上表面空气的温度上升;②若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量，铜片B表面空气的热量由于被吸收而下降.
故答案为：(1)箱内;箱外; 不能;(2)上升;下降.
点评： 本题以冰箱为载体，考查了半导体的特点以及冰箱的工作原理，考查了学生解决实际问题的能力.能够从短文中获取对解题有用的信息是解题的关键.
看了“初三物理上册期中测试题”的人还看了：