2018常州中考数学试卷及答案
2018年常州的中考试卷相信大家都做过了?难度大吗?想不想要数学试卷的答案解析?下面由学习啦小编为大家提供关于2018常州中考数学试卷及答案，希望对大家有帮助!
2018常州中考数学试卷一、选择题
(每小题3分，共10小题，合计30分)
1.-2的相反数是( ).
A.- B.
C.±2 D.2
答案：D.
解析：数a的相反数是-a,所以-2的相反数是2，故选D.
2.下列运算正确的是( ).
A.m•m=2m B.(mn)3=mn3
C.(m2)3=m6 D.m6÷a3=a3
答案：C.
解析：m•m=2m2, (mn)3=m3n3, (m2)3=m6, m6÷a3=a4,故正确的是C，故选C.
3.右图是某个几何体的三视图，则该几何体是( ).
A.圆锥 B.三棱柱
C.圆柱 D.三棱锥
答案：B.
解析：由三视图确定几何体，从三视图可以确定此几何体为三棱柱，故选B.
4.计算: + 的结果是( ).
A. B.
C. D.1
答案：D.
解析：本题考查分式的加法，同分母分式，分子相加减，原式= =1，故选D.
5.若3x>-3y,则下列不等式中一定成立的是( ).
A.x+y>0 B.x-y>0
C.x+y<0 D.x-y<0
答案：A.
解析：不等式的两边都除以3得x>-y,移项得x+y>0,故选A.
6.如图，已知直线AB、CD被直线AE所截，AB∥CD, ∠1=60°,则∠2的度数是( ).
A.100° B.110°
C.120° D.130°
答案：C.
解析：∵AB∥CD, ∠1=60°,∴∠3=∠1=60°,所以∠2=180°-60°=120°,故选C
.
7.如图，已知矩形ABCD的顶点A、D分别落在x轴、y轴上，OD=2OA=6, AD：
AB=3:1, 则点C的坐标是( ).
A.(2,7) B.(3,7)
C.(3,8) D.(4,8)
答案：A.
解析：作BE⊥x轴于E，由题意知△ABE∽△DAO，因为OD=2OA=6,所以OA=3,由勾股定理得AD=3 ,因为AD：AB=3：1,所以AB= ，所以BE=1,AE=2,由矩形的性质知，将点D向上平移一个单位，向右平移2个单位得到点C，所以点C的坐标为(2,7),故选A.
8.如图，已知□ABCD的四个内角的平分线分别相交于点E、F、G、H，连接
AC，若EF=2,FG=GC=5,则AC的长是( ).
A.12 B.13
C.6 D.8
答案：B.
解析：作AM⊥CH交CH的延长线于H，因为四条内角平分线围成的四边形EFGH为矩形，所以
AM=FG=5,MH=AE=CG=5,所以CM=12,由勾股定理得AC=13，故选B.
2018常州中考数学试卷二、填空题
(本大题共10小题，每小题2分，共20分)
9.计算：|-2|+(-2)0= .
答案：3.
解析：正数的绝对值是它本身，负数的绝对值是它的相反数，0的绝对值是0,非零数的零次方都等于1,依此规则原式=2+1=3.
10.若二次根式 有意义，则实数x的取值范围是 .
答案：x≥2.
解析：二次根式有意义需要满足被开方数为非负数，所以x-2≥0,解得x≥2.
11.肥皂泡的泡壁厚度大约是0.0007mm,则数据0.0007用科学计数法表示为 .
答案：7×10-4.
解析：用科学记数法表示较小的数，0.0007=7×10-4.
12.分解因式：ax2-ay2= .
答案：a(x+y)(x-y).
解析：原式=a(x2-y2)=a(x+y)(x-y).
13.已知x=1是关于x的方程ax2-2x+3=0的一个根，则a= .
答案：-1.
解析：将x=1代入方程ax2-2x+3=0得a-2+3=0,解得a=-1.
14.已知圆锥的底面圆半径是1,母线长是3,则圆锥的侧面积是 .
答案：3π.
解析：圆锥的侧面积= ×扇形半径×扇形弧长= ×l×(2πr)=πrl=π×1×3=3π.设圆锥的母线长为l，设圆锥的底面半径为r，则展开后的扇形半径为l，弧长为圆锥底面周长(2πR).我们已经知道，扇形的面积公式为：S= ×扇形半径×扇形弧长= ×l×(2πr)=πrl.即圆锥的侧面积等于底面半径与母线和π的乘积.π×1×3=3π.
15.(2017常州，15，2分)如图，已知在△ABC中，DE是BC的垂直平分线，垂足为E，交AC于
点D，若AB=6,AC=9,则△ABD的周长是 .
答案：15.
解析：因为DE垂直平分BC，所以DB=DC，所以△ABD的周长=AD+AB+BD=AB+AD+CD=AB+AC=6+9=15.
16.如图，四边形ABCD内接于⊙O，AB为⊙O的直径，点C为弧BD的中点.若∠DAB=40°,则∠ABC= °.
答案：70°.
解析：连接AC，OC，因为C是弧BD的中点，∠DAB=40°,所以∠CAB=20°,所以∠COB=40°,由三角形内角和得∠B=70°.
17.已知二次函数y= ax2+bx-3自变量x的部分取值和对应函数值y如下表：
X … -2 -1 0 1 2 3 …
y … 5 0 -3 -4 -3 0 …
则在实数范围内能使得y-5>0成立的x的取值范围是 .
答案：x>4或x<-2.
解析：将点(-1,0)和(1,-4)代入y= ax2+bx-3得 ，解得： ，所以该二次函数的解析式为y= x2-2x-3,若y>5,则x2-2x-3>5, x2-2x-8>0,解一元二次方程x2-2x-8=0，得x=4或x=-2.根据函数图象判断y-5>0成立的x的取值范围是x>4或x<-2.
18.如图，已知点A是一次函数y= x(x≥0)图像上一点，过点A作x轴的垂线l，B是l上一点(B在A上方)，在AB的右侧以AB为斜边作等腰直角三角形ABC，反比例函数 (k)0)的图像过点B、C，若△OAB的面积为6,则△ABC的面积是 .
答案：18.
析：设点A(4a,2a),B(4a,2b),则C点的横坐标为4a+ (2b-2a) , C点的坐标为(3a+b, a+b).所以4a•2b=(3a+b)(a+b), (3a-b)(a-b)=0,解得：a=b(舍去) 或b=3a.
S△ABC= (2b-2a)•4a=8a2=6,k=4a•2b =24a2=18.
2018常州中考数学试卷三、解答题
(本大题共6个小题，满分60分)
19.(6分)先化简，再求值：(x+2) (x-2)-x (x-1),其中x=-2.
思路分析：先化简，再代入求值.
解：原式=x2-4-x2+x=x-4,当x=-2时，原式=-2-4=-6.
20.(8分)解方程和不等式组：
(1) = -3
(2)
思路分析：(1)解分式方程，检验方程的解是否为增根;
(2)分别解两个不等式再确定不等式组的解集.
解：(1)去分母得2x-5=3x-3-3(x-2),去括号移项合并同类项得，2x=-8,解得x=-4,经检验x=4是原方程的根，所以原方程的根是x=4;
(2)解不等式①得x≥-3，解不等式②得x<1，所以不等式组的解集是-3≤x<1.
21.(8分)为了解某校学生的课余兴趣爱好情况，某调查小组设计了“阅读”“打球”“书法”和“其他”四个选项，用随机抽样的方法调查了该校部分学生的课余兴趣爱好情况(每个学生必须选一项且只能选一项)，并根据调查结果绘制了如下统计图：
根据统计图所提供的信息，解答下列问题：
(1)本次抽样调查中的样本容量是 .
(2)补全条形统计图;
(3)该校共有2000名学生，请根据统计结果估计该校课余兴趣爱好为“打球”的学生人数.
思路分析：(1)利用爱好阅读的人数与占样本的百分比计算，30÷30%=100;
(2)其他100×10%=10人，打球100-30-20-10=40人;
(3)利用样本中的数据估计总体数据.
解：(1)100;
(2)其他10人，打球40人;
(3)2000× =800,所以估计该校课余兴趣爱好为“打球”的学生为数为800人.
22.(8分)一只不透明的袋子中装有4个大小、质地都相同的乒乓球，球面上分别标有数字1、2、3、4.
(1)搅匀后从中任意摸出1个球，求摸出的乒乓球球面上数字为1的概率;
(2)搅匀后先从中任意摸出1个球(不放回)，再从余下的3个球中任意摸出1个球，求2次摸出的乒乓球球面上数字之和为偶数的概率.
思路分析：(1)列举法求概率;
(2)画树状图法求概率.
解：(1)从4个球中摸出一个球，摸出的球面数字为1的概率是 ;
(2)用画树状图法求解，画树状图如下：
从树状图分析两次摸球共出现12种可能情况，其中两次摸出的乒乓球球面上数字之和为偶数的概率为： = .
23.(8分)如图，已知在四边形ABCD中，点E在AD上，∠BCE=∠ACD=90°，∠BAC=∠D，BC=CE.
(1)求证：AC=CD;
(2)若AC=AE，求∠DEC的度数.
思路分析：(1)证明△ABC≌△DEC;
(2)由∠EAC=45°通过等腰三角形的性质求解.
解：(1)证明：∵∠BCE=∠ACD=90°，∴∠ACB=∠DCE，
又∵∠BAC=∠D，BC=CE，∴△ABC≌△DEC，∴AC=CD.
(2)∵∠ACD=90°，AC=CD，∴∠EAC=45°，
∵AE=AC∴∠AEC=∠ACE= ×(180°-45°)=67.5°，
∴∠DEC=180°-67.5°=112.5°.
24.(8分)某校计划购买一批篮球和足球，已知购买2个篮球和1个足球共需320元，购买3个篮球和2个足球共需540元.
(1)求每个篮球和每个足球的售价;
(2)如果学校计划购买这两种共50个，总费用不超过5500元，那么最多可购买多少个足球?
思路分析：(1)根据等量关系列方程组求解;
(2)根据不等关系列不等式求解.
解：(1)解设每个篮球售价x元，每个足球售价y元，根据题意得：
，解得：
答：每个篮球售价100元，每个足球售价120元.
(2)设学校最多可购买a个足球，根据题意得
100(50-a)+120a≤5500,解得：a≤25.
答：学校最多可购买25个足球.
25.(8分)如图，已知一次函数y=kx+b的图像与x轴交于点A，与反比例函数y= (x<0)的图像交于点B(-2,n)，过点B作BC⊥x轴于点C，点D(3-3n,1)是该反比例函数图像上一点.
(1)求m的值;
(2)若∠DBC=∠ABC，求一次函数y=kx+b的表达式.
思路分析：(1)将点B、D坐标代入反比例函数解析式求解m的值;
(2)先求BD的解析式，再由线段垂直平分线的性质求得点A坐标，最后求AB的解析式.
解：(1)把B(-2,n),D(3-3n,1)代入反比例函数y= 得,
解得： ，所以m的值为-6.
(2)由(1)知B、D两点坐标分别为B(-2,3),D(-6,1)，
设BD的解析式为y=px+q,所以 ，解得
所以一次函数的解析式为y= x+4,与x轴的交点为E(-8,0)
延长BD交x轴于E，∵∠DBC=∠ABC，BC⊥AC，∴BC垂直平分AC，
∴CE=6, ∴点A(4,0),将A、B点坐标代入y=kx+b得
，解得 ，所以一次函数的表达式为y=- x+2.
26.(10分)如图1,在四边形ABCD中，如果对角线AC和BD相交并且相等，那么我们把这样的四边形称为等角线四边形.
(1)①在“平行四边形、矩形、菱形”中， 一定是等角线四边形(填写图形名称);
②若M、N、P、Q分别是等角线四边形ABCD四边AB、BC、CD、DA的中点，当对角线AC、BD还需要满足 时，四边形MNPQ是正方形;
⑵如图2,已知△ABC中，∠ABC=90°，AB=4,BC=3,D为平面内一点.
② 若四边形ABCD是等角线四边形，且AD=BD，则四边形ABCD的面积是 ;
②设点E是以C为圆心，1为半径的圆上的动点，若四边形ABED是等角线四边形，写出四边形ABED面积的最大值，并说明理由.
思路分析：(1)①矩形是对角线相等的四边形;
②四边形的中点四边形是平行四边形，等角线四边形的中点四边形是菱形，当对角线AC、BD互相垂直时四边形MNPQ是正方形;
⑵①根据题意画出图形，根据图形分析确定DF垂直平分AB，从而计算面积SABED=S△ABD+S△BCD;
②如图四边形ABED面积的最大值时点E在直线AC上，点D是以AE为斜边的等腰直角三角形的直角顶点，进而求得四边形ABED面积的最大值.
解：(1)①矩形;②AC⊥BD;
⑵①∵∠ABC=90°，AB=4,BC=3，∴BD=AC=5, 作DF⊥AB于F，∵AD=BD，∴DF垂直平分AB，
∴BF=2,由勾股定理得DF= ，
由题意知SABED=S△ABD+S△BCD= ×AB×DF+ ×BC×BF= ×4× + ×3×2=2 +3;
②如图四边形ABED面积的最大值时点E在直线AC上，点D是以AE为斜边的直角三角形的直角顶点，所以AE=6,DO=3,在△ABC中，由面积公式得点B到AC的距离为 ，所以四边形ABED面积的最大值= S△AED+S△ABE= ×6×3+ ×6× =16.2.
27.(10分)如图，在平面直角坐标系xOy中，已知二次函数y=- x2+bx的图像过点A(4,0),顶点为B，连接AB、BO.
(1)求二次函数的表达式;
(2)若C是BO的中点，点Q在线段AB上，设点B关于直线CP的对称点为B′，当△OCB′为等边三角形时，求BQ的长度;
(3)若点D在线段BO上，OD=2BD，点E、F在△OAB的边上，且满足△DOF与△DEF全等，求点E的坐标.
思路分析：(1)将A点坐标代入y=- x2+bx求得二次函数的表达式;
(2)根据题意画出图形，根据图形分析，若△OCB′为等边三角形，则∠OCB′=∠QCB′=∠QCB=60°，由∠B=90°,根据特殊三角函数值求得BQ的长;
(3)按点F在OB上和点B在OA上进行讨论确定点E的位置，当点F在BA上，点E与点A重合时△DOF与△DEF全等;当F在OA上，DE∥AB时△DOF与△DEF全等，点O关于DF的对称点落在AB上时△DOF与△DEF全等.
解：(1)将A(4,0)代入y=- x2+bx得，- ×42+b×4=0,解得b=2,
所以二次函数的表达式为y=- x2+2x;
(2)根据题意画出图形，二次函数y=- x2+2x的顶点坐标为B(2,2)，与两坐标轴的交点坐标为O(0,0)、A(4,0).此时OB=2 ,BC= ，若△OCB′为等边三角形，则∠OCB′=∠QCB′=∠QCB=60°，因为∠B=90°,所以tan∠QCB=QB:CB= ,所以QB= ;
(3) ①当点F在OB上时，如图，当且仅当DE∥OA，即点E与点A重合时△DOF≌△FED，此时点E的坐标为E(4,0);
②点F在OA时，如图DF⊥OA，当OF=EF时△DOF≌△DEF，由于OD=2BD，所以点D坐标为( ， )，点F坐标为( ，0)，点E坐标为( ，0);
点F在OA时，如图,点O关于DF的对称点落在AB上时，△DOF≌△DEF，此时OD=DE=2BD= ，BE= ，作BH⊥OA于H，EG⊥OA于G，由相似三角形的性质求得HG= ，所以点E坐标为(2+ ，2- ).
综上满足条件的点E的坐标为(4,0)、( ，0)、(2+ ，2- ).
28.(10分)如图，已知一次函数y=- x+4的图像是直线l，设直线l分别与y轴、x轴交于点A、B.
(1)求线段AB的长度;
(2)设点M在射线AB上，将点M绕点A按逆时针方向旋转90°到点N，以点N为圆心，NA的长为半径作⊙N.
①当⊙N与x轴相切时，求点M的坐标;②在①的条件下，设直线AN与x轴交于点C，与⊙N的另一个交点为D，连接MD交x轴于点E.直线m过点N分别与y轴、直线l交于点P、Q，当△APQ与△CDE相似时，求点P的坐标.
思路分析：(1) 求A、B两点坐标，由勾股定理求得AB的长度;
(2)①根据题意画出图形，根据△AOB∽△NHA，△HAN≌△FMA计算出线段FM与OF的长;
②分点P位于y轴负半轴上和点P位于y轴正半轴上两种情况进行分析，借助于相似三角形的对应线段比等于相似比列方程求得交点Q坐标，再将点Q坐标代入AB及NP解析式求得交点P的坐标.
解：(1)函数y=- x+4中，令x=0得y=4,令y=0得，x=3, 所以A(0,4),B(3,0).AB= =5.
(2)①由图1知,当⊙N与x轴相切于点E时，作NH⊥y轴于H，则四边形NHOE为矩形，HO=EN=AM=AN，∵∠HAN+∠OAB=90°，∠HNA+∠HAN=90°,∴∠OAB=∠HAN，因为AM⊥AN，所以△AOB∽△NHA，
图1
∴ = = ，设AH=3x，则HN=4x,AN=NE=OH=5x, ∵OH=OA+AH,∴3x+4=5x, ∴x=2,
∴AH=6,HN=8,AN=AM=10. ∵AM=AN，∠OAB=∠HAN，∴Rt△HAN≌Rt△FMA, ∴FM=6,AF=8,OF=4,
∴M(6,-4).
②当点P位于y轴负半轴上时，设直线AN的解析式为y=kx+b，将A(0,4),N(8,10)代入得 ，解得 ，所以直线AN的解析式为y= x+4.所以点C坐标为(- ，0),过D
作x轴的垂线可得点D(16，16).设点P坐标为(0,-p),N(8，10)则直线NP解析式为y= x-p,作EF⊥CD于F，CE= +8= ,AC= ，CD= +20= ,由相似三角形性质可得EF=8,△CDE∽△APQ，则 ，解得点Q的横坐标绝对值为 ，将点Q横坐标绝对值代入AB及NP解析式得 • -p= •(- )+4，解得p1=-4(舍去),p2=6,所以P(0,-6).
当点P位于y轴正半轴上时，设点P坐标为(0,4+p),N(8，10)，D(16，16)则直线NP解析式为y= x+4+p,△CDE∽△AQP，则 ，解得点Q的横坐标绝对值为，将点Q横坐标绝对值代入AB及NP解析式得 •(- )+4+p=(- )•(- )+4，解得p=10，所以P(0,14).
法二：把M(6,-4),D(16,16)代入y=kx+b得 ，解得 ,∴直线MD的解析式为y=2x-16,当x=8时，y=0，点E(8,0)在直线DE上。
①当P位于y轴负半轴上时，△CDE∽△APQ，则∠7=∠5, ∠4=∠6, ∵ND=NE=r，∴∠1=∠6,∵OA∥NE，∴∠2=∠4, ∴∠2=∠1, ∴NP∥ND，∴∠3=∠6, ∴∠3=∠4, ∴AN=NP=10, ∵OA=4, ∴OP=6, ∴点P坐标为(0,-6)
②当P位于y轴正半轴上时，△CDE∽△AQP，则∠1=∠2=∠3, ∠APQ=∠CED, ∴∠5=∠6, ∵ND=NE=r，∴∠4=∠7, ∠8=∠Q=90°, ∠8=∠9, ∠E=∠Q∴∠9+∠4=90°, ∴NQ⊥DE，∴∠9=∠6, ∴∠5=∠8,∴AN=NP=10, ∵OA=4, ∴OP=14, ∴点P坐标为(0,14)
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