2018山东滨州市中考物理试卷答案解析
听说有同学在找2018年山东中考的物理复习试卷?物理试卷的答案解析也有了，需要就来看吧。下面由学习啦小编为大家提供关于2018山东滨州市中考物理试卷答案解析，希望对大家有帮助!
2018山东滨州市中考物理试卷答案解析一、选择题
(1-12题每小题3分，13-15题每小题3分多选题)
1.下列对生活中一些物理量的估测合理的是( )
A.教室门的高度约为1500mm
B.中学生正常步行的速度约为10m/s
C.一个苹果的质量约为150g
D.滨州市区冬季平均气温约为﹣20℃
【考点】68：速度与物体运动;13：温度;23：质量的估测;63：长度的估测.
【分析】解答此题的关键：一是对常见的物体要有初步的估测能力;二是对相关的单位有比较直观的认识.并结合物理量单位之间的换算解答.
【解答】解：
A、教室门的高度约为2m=2000mm，故A不合理;
B、中学生正常步行的速度约为1m/s，故B不合理;
C、一个苹果的质量约为150g，故C合理;
D、滨州市区冬季平均气温约为﹣10℃，故D不合理.
故选C.
2.关于声现象，下列说法正确的是( )
A.声音在真空中的传播速度是340m/s
B.“闻其声而知其人”主要是根据音调来判断的
C.医生用“B超”观察胎儿的发育情况是利用超声波传递能量
D.今年滨州市学考英语考试由上午调整到下午，目的是减少喜宴鞭炮声对听力测试的影响
【考点】9L：防治噪声的途径;93：声速;9I：音调、响度与音色的区分;9M：声与信息.
【分析】(1)声音的传播需要介质，不能在真空中传播，声音在15℃的空气中传播速度是340m/s;
(2)音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的，音色是声音的特色;【版权所有：21教育】
(3)声音既能传递信息，又能传递能量;
(4)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱.
【解答】解：A、声音不能在真空中传播，故声音在真空中的传播速度是0m/s，故A错误;
B、“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的，故B错误;
C、医生用“B超”检查胎儿的发育情况，利用了声能传递信息，故C错误;
D、喜宴鞭炮声对考生来说是噪声，应该减弱，故将今年滨州市学考英语考试由上午调整到下午，故D正确.
故选D.
3.关于“凸透镜成像规律”的应用，下列说法正确的是( )
A.照相机成倒立、缩小的实像
B.幻灯机、投影仪成倒立、放大的虚像
C.放大镜成正立、放大的实像
D.近视眼需要戴一副由凸透镜片做的眼镜来矫正
【考点】B8：凸透镜成像的应用.
【分析】根据选择项中的各种光学仪器，结合凸透镜成像的规律，即可确定每个选择项的正误.
【解答】解：
A、照相机成倒立、缩小的实像.故A正确.
B、幻灯机、投影仪成倒立、放大的实像，不是虚像.故B错误.
C、放大镜成正立、放大的虚像，不是实像.故C错误;
D、近视眼是由于晶状体太厚，折光能力太强，像成在视网膜的前方，需要戴一副凹透镜来矫正，故D错误.
故选A.
4.水是人类生存环境的重要组成部分.通过水的三态变化，地球上的水在不停地循环，关于水的三态变化分析错误的是( )21*cnjy*com
A.阳光晒暖了海洋，海水吸热蒸发成为水蒸气上升到空中
B.高空中水蒸气遇冷液化成小水滴，相互聚集结成大水滴下降成为雨
C.冬天，水蒸气在寒冷的高空急剧降温凝固成小冰晶，小冰晶聚集变成雪花飘满大地
D.雪花熔化成水，和其他降水一样，汇入江河，又注入大海
【考点】1S：水的三态变化.
【分析】解答此题的关键是知道各种物态变化的含义，和水循环的具体过程，并能根据各种物态变化的含义做出判断.
【解答】解：A、阳光晒暖了海洋，海水吸热蒸发从液态成为气态的水蒸气上升到空中，是汽化现象，故A正确;
B、高空中温度高的水蒸气遇冷液化成小水滴，小水珠相互聚集结成大水滴下降成为雨，故B正确;
C、冬天，水蒸气在寒冷的高空急剧降温凝华成小冰晶，小冰晶聚集变成雪花飘满大地，故C错误;
D、雪花是固态熔化成液态的水，和其他降水一样，汇入江河，又注入大海，故D正确.
故选C.
5.如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，下列说法正确的是( )
A.水的沸腾是一种缓慢的汽化现象
B.水沸腾时温度保持不变，却需要不断吸收热量
C.水的温度必须达到100℃时，水才会沸腾
D.水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气
【考点】1O：探究水的沸腾实验.
【分析】(1)蒸发和沸腾时汽化的两种方式;
(2)水沸腾时温度不变，持续吸热;
(3)水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热;
(4)“白气”是液化现象.
【解答】解：
A、水的沸腾是一种剧烈的汽化现象，故A错误;
B、水沸腾时温度保持不变，需要不断吸收热量，故B正确;
C、水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热，故C错误;
D、水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故D错误.
故选B.
6.下列说法正确的是( )
A.踢足球时，脚对足球的力和足球对脚的力是一对平衡力
B.踢出去的足球由于惯性继续向前运动
C.如果所有的力突然全部消失，在空中飞行的足球将保持静止状态
D.当足球静止在水平地面上时，足球不再具有惯性
【考点】6R：平衡力的辨别;6L：惯性;6U：力与运动的关系.
【分析】(1)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上;
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质;
(3)一切物体在没有受到外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态;
(4)一切物体都有惯性.
【解答】解：
A、踢球时，脚对足球的力和足球对脚的力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故A错误;
B、踢出去的足球能继续飞行，是因为足球具有惯性，故B正确;
C、一切物体在没有受到外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态;所以，如果所有的外力突然全部消失，在空中飞行的足球将保持匀速直线运动状态，故C错误;
D、一切物体都有惯性，物体静止时也具有惯性，故D错误.
故选B.
7.小丽同学积极响应“共享单车，绿色出行”的倡议，她在骑行中观察到自行车的许多部件运用了所学的物理知识.下列有关说法正确的是( )
A.轮胎刻有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦
B.车闸属于费力杠杆，是为了省距离
C.车座制成弧面，是为了增大与人体的接触面积，增大压强
D.轴承中装有滚珠是为了增大摩擦
【考点】7I：增大或减小摩擦的方法;7O：杠杆的分类;85：减小压强的方法及其应用.
【分析】利用以下知识分析解答：
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.
(2)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，省力但费距离;
(3)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强;是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强.
(4)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力;在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力;使接触面脱离;用滚动摩擦代替滑动摩擦.
【解答】解：A、轮胎刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.故A正确;
B、车闸的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离，故B错误;
C、车座制成弧面，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强;故C错误;
D、轴承安装滚珠，是用滚动代替滑动来减小摩擦.故D错误.
故选A.
8.2016年8月16日，我国用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星(简称“量子卫星”)“墨子号”发射升空，如图所示，火箭在加速上升的过程中( )
A.动能不变，重力势能增加，机械能增加
B.动能增加，重力势能不变，机械能增加
C.动能增加，重力势能增加，机械能增加
D.动能不变，重力势能不变，机械能不变
【考点】FN：动能和势能的大小变化.
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度;重力势能大小的影响因素：质量、高度;动能和势能合称为机械能.
【解答】解：火箭在加速上升的过程中，速度变快，动能变大;高度增加，重力势能变大;动能和势能统称为机械能，所以机械能变大.
故选：C.
9.下列说法正确的是( )
A.丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带正电的物体时会相互排斥
B.摩擦起电的实质是正电荷发生了转移
C.金属导体中自由电子定向移动的方向就是电流的方向
D.家庭中使用的电热水器的发热体用的是超导材料
【考点】H8：电荷间的相互作用规律;44：超导体的特点;H7：摩擦起电的实质;HE：电流的方向.
【分析】(1)用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷.同种电荷相互排斥;
(2)摩擦起电的实质是：不同物质的原子核束缚核外电子的能力不同，束缚电子能力强的物质得电子而带负电，束缚电子能力弱物质的失电子而带正电;
(3)正电荷定向移动的方向为电流的方向;
(4)超导体的电阻为零.
【解答】解：
A、用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷，用它靠近带正电的物体时，同种电荷会相互排斥，故A正确;
B、摩擦起电的实质是使电子从一个物体转移到另一个物体，故B错误;
C、金属导体中自由电子带负电，电子定向移动的方向与电流的方向相反，故C错误;
D、家庭中使用的电热水器的发热体是利用焦耳定律来工作的，发热体要有电阻，而超导体的电阻为0，故D错误.
故选A.
10.如图所示，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，电源电压保持不变，当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，以下说法正确的是( )
A.电压表V的示数不变，电流表A1的示数变小，A2的示数变大
B.电压表V的示数变小，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
C.电压表V的示数变大，电流表A1的示数不变，A2的示数不变
D.电压表V的示数不变，电流表A1的示数变小，A2的示数不变
【考点】IZ：电路的动态分析;IH：欧姆定律的应用.
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流.根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化;根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化.
【解答】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流.
因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故BC错误;
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，故A错误;
当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I= 可知，通过R2的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故D正确.
故选D.
11.下列关于生活用电的说法正确的是( )
A.家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
B.当保险丝熔断后，可以用铜丝代替
C.使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D.发生触电事故时，应立即切断电源
【考点】IV：安全用电原则.
【分析】(1)家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电;
(2)保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用;
(3)使用测电笔时手要接触笔尾的金属体;
(4)发生触电时，应先切断电源，再施救.
【解答】解：
A、家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故A错误;
B、铜丝的熔点高，用铜丝代替保险丝，在电流异常升高到一定的高度的时候，不能自身熔断切断电流，起不到保险作用，故B错误;
C、用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故C错误;
D、如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救，绝对不能用手将触电人拉开，否则可能使救人者触电，故D正确.
故选D.
12.对下列四幅图的表述正确的是( )
A.
图中，闭合开关，小磁针静止时N极指向右侧
B.
图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，弹簧测力计的示数变小
C.
如图是发电机的工作原理图
D.
如图是电动机的工作原理图
【考点】CA：通电螺线管的磁场;C4：磁极间的相互作用;CE：影响电磁铁磁性强弱的因素;CM：直流电动机的原理;CS：发电机的构造和原理.
【分析】(1)根据安培定则判定螺线管的N、S极;根据磁感线的方向判定小磁针的N极;
(2)影响电磁铁磁性大小的因素有电流大小和匝数的多少;根据电流的变化判定磁性的变化;
(3)(4)发电机是利用电磁感应现象的原理制成的;电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的.
【解答】解：
A、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，磁感线是从N极出来回到S极的，故小磁针的右端为N极，故A正确;
B、图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，滑动变阻器电阻减小，电流变大，电磁铁磁性变强，由于不知电流的方向，无法判定螺线管的极性，故无法判定测力计的示数变化，故B错误;
C、图中有电源，若闭合开关，磁场中的金属棒会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的原理图，故C错误;
D、图中没有电源，闭合开关后，当金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故是发电机的原理图，故D错误.
故选A.
13.下列说法正确的是( )
A.炒菜时，满屋飘香，表明分子在不停地做无规则运动
B.用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大
C.煤的热值比干木柴的大，煤燃烧时放出的热量比干木柴燃烧时放出的热量多
D.四冲程汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能
【考点】GV：分子的运动;GE：水的比热容的特点及应用;GJ：燃料的热值;GM：内燃机的四个冲程.
【分析】(1)扩散现象说明了：①构成物体的分子在不停的做无规则运动，温度越高，运动越快;②分子之间有间隙;
(2)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少;
(3)根据Q=mq比较放热的多少;
(4)在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能.
【解答】解：A、炒菜时，芳香油分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，由于炒菜时温度很高，所以分子的扩散速度加快，故“满屋飘香”故A正确;
B、用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同的情况下，升高相同的温度，水吸收的热量多，故B正确;
C、根据Q=mq可知，放出的热量与热值、质量都有关，故热值大燃烧时放出热量不一定多.故C错误;
D、四冲程汽油机的做功冲程中，将高温高压燃气的内能转化为活塞的机械能，故D正确.
故选ABD.
14.在斜面上将一个质量为5kg 的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N，斜面长2m、高1m.把重物直接提升h所做的功作有用功(g取10N/kg).下列说法正确的是( )
A.物体只受重力、拉力和摩擦力三个力的作用
B.做的有用功是50J
C.此斜面的机械效率为62.5%
D.物体受到的摩擦力大小为10N
【考点】EH：有用功和额外功;F6：斜面的机械效率.
【分析】(1)对物体进行受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力;
(2)已知物体的重力和提升的高度(斜面高)，根据公式W=Gh可求重力做功，即提升物体所做的有用功;
(3)求出了有用功和总功，可利用公式η= 计算出机械效率;
(4)总功减去有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W额=fs求出物体所受斜面的摩擦力.
【解答】解：
A、沿斜面向上拉物体时，物体受重力、支持力、摩擦力和拉力四个力的作用，故A错误;
B、所做的有用功：W有用=Gh=mgh=5kg×10N/kg×1m=50J，故B 正确;
C、拉力F对物体做的总功：W总=Fs=40N×2m=80J;
斜面的机械效率为：η= ×100%= ×100%=62.5%，故C正确;
D、克服摩擦力所做的额外功：W额=W总﹣W有=80J﹣50J=30J，
由W额=fs可得，物体受到的摩擦力：f= = =15N，故D错误.
故选BC.
15.如图甲所示，两电热丝R1与R2并联，R1=20Ω，电源电压保持不变，闭合开关，电流表A1和电流表A2表盘指针均指如图乙所示位置，则以下判断正确的是( )
A.R1：R2=5：1
B.电源电压是10V
C.R2的电功率是20W
D.R1工作2分钟所放出的热量为600J
【考点】IH：欧姆定律的应用;JA：电功率的计算;JI：焦耳定律的计算公式及其应用.
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，根据并联电路的电流特点结合两电流表指针的位置相同确定电流表量程，根据分度值读出示数，进一步求出通过R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，再根据欧姆定律求出R2的阻值，进一步求出两电阻的阻值之比，利用P=UI求出R2的电功率，根据Q=I2Rt求出R1工作2分钟所放出的热量.
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流.
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针的位置相同，
所以，电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I=2.5A，
电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过R1的电流I1=0.5A，
根据并联电路的电流特点可得，通过R2的电流：
I2=I﹣I1=2.5A﹣0.5A=2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I= 可得，电源的电压：
U=I1R1=0.5A×20Ω=10V，故B正确;
则R2的阻值：
R2= = =5Ω，
则R1：R2=20Ω：5Ω=4：1，故A错误;
R2的电功率：
P2=UI2=10V×2A=20W，故C正确;
R1工作2分钟所放出的热量：
Q1=I12R1t=(0.5A)2×20Ω×2×60s=600J，故D正确.
故选BCD.
2018山东滨州市中考物理试卷答案解析二、填空题
16.质量为100g底面积为20cm2的薄壁容器中盛有500g水，将容器放置在水平地面上，如图所示，容器内水深h为20cm，则水对容器底部的压强为 2000 Pa，容器底部对地面的压强为 3000 Pa(ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
【考点】86：压强的大小及其计算;89：液体的压强的计算.
【分析】(1)知道容器内水的深度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强;
(2)容器对水平桌面的压力等于水和容器的总重力，根据F=G=mg求出其大小，再利用p= 求出容器底部对地面的压强.21教育网
【解答】解：(1)水对容器底部的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa;
(2)容器底部对地面的压力：
F=G总=(m水+m容)g=(0.5kg+0.1kg)×10N/kg=6N，
容器底部对地面的压强：
p′= = =3000Pa.
故答案为：2000;3000.
17.如图甲所示，将额定电压为2.5V的小灯泡接入电源电压为4.5V的电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，记录相应电压表和电流表示数绘制成如图乙所示的U﹣I图象，则小灯泡的额定功率为 0.625 W，小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是 8 Ω.21教育名师原创作品
【考点】JA：电功率的计算;IH：欧姆定律的应用.
【分析】由图象可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时对应的电流，根据P=UI 求出小灯泡的额定功率;
根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律的变形公式求出滑动变阻器接入电路的电阻.
【解答】解：
(1)由图乙可知，当小灯泡两端的电压为U额=2.5V时，通过小灯泡的电流I额=0.25A，
则小灯泡的额定功率：P=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W.
(2)由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器并联，电压表测小灯泡两端的电压，
当小灯炮正常发光时，U额=2.5V，电路中的电流I=I额=0.25A，
根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣U额=4.5V﹣2.5V=2V，
由欧姆定律得，滑动变阻器接入电路的电阻：
R滑= = =8Ω.
故答案为：0.625;8.
18.2016年10月19日，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实验室自动交会对接成功，为两名航天员进入天宫二号铺平道路.天宫二号中的航天员是通过 电磁波 接收地面指挥中心发出的各项指令的，天宫二号的太阳能电池板是将太阳能转化成 电 能的装置.www.21-cn-jy.com
【考点】D2：电磁波的传播;KA：太阳能的转化.
【分析】(1)飞船在太空中是通过无线电波传递信号的;
(2)太阳能电池工作时把太阳能转化为电能.
【解答】解：(1)真空不能传声，因此太空不可以用声波传递信息，需要通过电磁波把信息传递到地面指挥中心;
(2)太阳能电池板能将太阳能转化为电能.
故答案为：电磁波;电.
2018山东滨州市中考物理试卷答案解析三、实验与探究题
19.请在图中画出静止在斜面上物体的重力和物体对斜面的压力的示意图.
【考点】6H：力的示意图.
【分析】(1)重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可;
(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点;然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可.2•1•c•n•j•y
【解答】解：
(1)过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G;
(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F;
如图所示：
20.请画出图中入射光线对应的折射光线.
【考点】B6：透镜的光路图.
【分析】凸透镜有三条特殊的入射光线：过焦点的;平行于主光轴的;过光心的.根据每一条特殊入射光线对应的出射光线的特点画出对应的出射光线.
【解答】解;
从焦点发出的光线经过凸透镜折射后会变成平行于主光轴的光线;经过光心的光线的传播方向不变;如图所示：
.
21.小滨用如图所示装置进行了“探究平面镜成像特点”的实验.
(1)他应选取两支外形 相同 (选填“相同”或“不同”)的蜡烛进行实验.
(2)小滨选择用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 便于确定像的位置 .
(3)在探究实验的过程中，他把蜡烛A放在距玻璃板30cm处，蜡烛A在玻璃板中所成的像到蜡烛A的距离是 30 cm;当蜡烛A远离玻璃板时，它的像的大小将 不变 (选填“变大”、“变小”或“不变”).【来源：21cnj*y.co*m】
(4)在玻璃板后放一光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛的像，说明 平面镜成的是虚像 .
(5)实验过程中，小滨仔细观察，发现蜡烛的像有重影，请你帮小滨分析产生这一现象的原因是 玻璃的两个表面同时发生反射，两个反射面各成一个像 .
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案.
【分析】(1)实验时选择两个相同的蜡烛，便于比较物像大小关系.
(2)实验时选择透明的玻璃板，在物体的一侧，既能看到物体的像，也能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置.
(3)平面镜成像特点：物像等距，物像等大.
(4)平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上.
(5)玻璃板有两个反射面，每个反射面都可以作为平面镜成像，所以仔细观察时，会发现通过玻璃板成两个像.
【解答】解：
(1)实验时选择两支等长的蜡烛，便于比较物像大小关系.
(2)实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置.
(3)由平面镜成像特点之一：物像等距可知，蜡烛A到玻璃板的距离是30cm，那么蜡烛B到玻璃板的距离等于30cm;由平面镜成像特点之一：物像等大可知，将蜡烛不管是远离玻璃板还是靠近玻璃板时，蜡烛所成像的大小不变.
(4)因为光屏只能接收实像，不能接受虚像，而平面镜成的是虚像，所以移开B，并在其所在位置放一个光屏，则光屏上不能接收A的像，这说明蜡烛成的像是虚像.
(5)玻璃板有厚度，且有两个反射面，因为玻璃的两个表面同时发生反射，两个反射面各成一个像，所以成两个像.
故答案为：(1)相同;(2)便于确定像的位置;(3)30;不变;(4)平面镜成的是虚像;(5)玻璃的两个表面同时发生反射，两个反射面各成一个像.
22.2017年5月5日，我国自行研制具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机C919在浦东机场成功首飞.第三代铝锂合金材料在C919机体结构用量达到了8.8%，为了测量该铝锂合金材料的密度，某中学学习小组的同学们用同材料的铝锂合金材料样品做了如下实验.21cnjy.com
(1)将天平放在水平桌面上，将游码放在标尺左端的 零刻度线 处，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 移动(选填“左”或“右”).
(2)用调节好的天平测量样品的质量，操作情景如图乙所示，错误之处是： 测量过程中调节平衡螺母 .
(3)改正错误后，当右盘中所加砝码和游码位置如图丙所示时，天平平衡，则该样品的质量为 49.4 g.
(4)在量筒内装有一定量的水，样品放入量筒前后的情况如图丁所示，则样品的体积是 20 cm3，此样品的密度是 2.47×103 kg/m3.
(5)该小组尝试用另一种方法测量该样品的密度，如图戊所示，他们做了如下的操作：
A：用弹簧测力计测出样品的重力为G;
B：将样品挂在弹簧测力计下，使样品浸没在水中丙保持静止(样品为接触到容器底部)读出弹簧测力计的示数F1;
C：样品的密度表达式为ρ样品= ρ水 (用G、F、ρ水表示)
【考点】2M：固体的密度测量实验.
【分析】(1)天平使用前的调节：①放：把天平放到水平桌面上;②移;把游码移到标尺左端零刻线处;③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处;
(2)在测量质量的过程不允许调节平衡螺母;
(3)首先确定标尺每一个大格和每一个小格代表的示数，读出游码对应的刻度.根据物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值.
(4)石子的体积由量筒中水的体积和放入石子后的总体积算出，最后算石子的密度.
(5)在空气中称石块重G，利用重力公式求小石块的质量;将石块浸没在水中，静止后读出弹簧测力计的示数为F，利用称重法求小石块受到的浮力;
求出了浮力，利用阿基米德原理求小石块排开水的体积(小石块的体积)，再利用密度公式求小石块的密度.
【解答】解：(1)天平要放在水平台上或水平桌面上，先将游码移到标尺左端零刻线处;若指针指在分度盘的中央的左侧，应将平衡螺母向其反方向调节，故将平衡螺母向右调节.
(2)在使用天平称量物体的质量时，通过增减砝码和移动游码使天平平衡，不能再移动平衡螺母;
(3)游码对应的刻度值为4.4g，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，即m=20g+20g+5g+4.4g=49.4g.
(4)量筒中水的体积为60cm3，放入石子后的总体积为80cm3，则石子的体积V=80cm3﹣60cm3=20cm3.
则石子的密度：ρ= = =2.47g/cm3=2.47×103kg/m3;
(5)物体的重力为G，则物体的质量为：m= ;
石块所受浮力：F浮=G﹣F，
根据阿基米德原理公式F浮=ρ水gV排可知小石块的体积：
V=V排= = ，
小石块的密度：
ρ= = = ρ水.
故答案为：(1)零刻度线;右;(2)测量过程中调节平衡螺母;(3)49.4;(4)20;2.47×103;(5) ρ水.
23.某实验小组的同学们用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”的实验.
(1)请根据实物图在右侧虚线框内画出对应的电路图.
(2)连接电路时，开关应该 断开 .
(3)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于 B 端(选填“A”或“B”).
(4)闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是 电阻断路 .
(5)实验中通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值如表，第4次实验电流表示数如图乙所示，则此时电流表示数为 0.36 A，通过分析表中的数据能够得出的结论是 在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比 . www-2-1-cnjy-com
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.2 1.4 1.6 1.8 2.0
电流I/A 0.24 0.28 0.32 0.4
(6)该小组的同学们利用电源、开关、最大阻值为R0的滑动变阻器、电流表、导线按如图丙所示电路测定待测电阻Rx的阻值，他们进行如下操作：
A：闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至a端，读出电流表示数为I1;
B：将滑动变阻器滑片P滑至b端，读出电流表示数为I2;
C：待测电阻Rx的阻值的表达式为Rx= R0 (用I1、I2、R0表示)
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验.
【分析】(1)根据实物图画出对应的电路图;
(2)(3)为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处;
(4)若电流表示数为0，说明电路可能断路;电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了;
(5)根据图中电流表小量程读数，分析表中数据得出结论;
(6)题中给出了一个定值电阻R0和一只电流表，要测量未知电阻Rx的阻值，可分别将变阻器连入电路中的电阻为0和最大值，分别记对应的电流，根据串联电阻的规律和欧姆定律，由电源电压不变得出Rx的阻值.
【解答】解：(1)根据实物图画出对应的电路图，如下所示：
(2)连接电路时，开关应该断开.
(3)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处即B端.
(4)经分析，闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是电阻断路.
(5)第4次实验电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A.则此时电流表示数为0.36A，通过分析表中的数据可发现：电压与电流的比值R= =﹣﹣﹣ =5Ω，即电压与对应的电流之比为定值上，即能够得出的结论：在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比;
(6)实验步骤：
A：闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至a端，读出电流表示数为I1;
B：将滑动变阻器滑片P滑至b端，读出电流表示数为I2;
C：在A中，电路中只有待测电阻Rx，根据欧姆定律的变形公式，电源电压U=I1×Rx，﹣﹣﹣﹣①
在B中，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律，电源电压U=I2×(Rx+R0)﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②得：Rx= R0.
故答案为：(1)见上图;(2)断开;(3)B;(4)电阻断路;(5)0.36;在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比;(6) R0.
2018山东滨州市中考物理试卷答案解析四、综合应用题
24.把一棱长为10cm，质量为8kg的正方体实心金属块，放入水平放置装水的平底圆柱形容器中.如图甲所示，金属块下沉后静止在容器底部(金属块与容器底部并未紧密接触)，水的密度是1.0×103kg/m3，g取10N/kg.求：
(1)金属块的密度;
(2)金属块受到的浮力;
(3)金属块对容器底部的压强;
(4)若用图乙所示的滑轮组，把金属块在水中匀速提升30cm(金属块未露出水面，忽略水对物体的阻力)，此过程滑轮组的机械效率为70%，那么绳子自由端的拉力F大小是多少?
【考点】2A：密度的计算;8O：阿基米德原理;8P：浮力大小的计算;F4：滑轮(组)的机械效率.
【分析】(1)求出金属块的体积，利用密度公式即可求出金属块的密度;
(2)由于金属块下沉后静止在容器底部，排开水的体积与金属块的体积相等，根据阿基米德原理即可求出金属块受到的浮力;
(3)根据力的平衡求出金属块对容器底部的压力，根据p= 即可求出压强;
(4)若用图乙所示的滑轮组，把金属块在水中匀速提升30cm(金属块未露出水面，忽略水对物体的阻力)，根据机械效率η= ×100%= ×100%= 即可求出绳子自由端的拉力F大小.
【解答】解：
(1)金属块的体积V金=(10cm)3=1000cm3=1×10﹣3m3，
则金属块的密度ρ金= = =8×103kg/m3;
(2)由于金属块下沉后静止在容器底部，则V排=V金=1×10﹣3m3，
所以，F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×1×10﹣3m3×10N/kg=10N;
(3)金属块的重力：
G=mg=8kg×10N/kg=80N，
金属块对容器底的压力：
F=G﹣F浮=80N﹣10N=70N，
正方体金属块的底面积(受力面积)S=(10cm)2=100cm2=0.01m2，
金属块对容器底的压强：
p= = =7×103Pa;
(4)若用图乙所示的滑轮组把金属块在水中匀速提升，由图可知绳子的股数n=2，
根据机械效率η= ×100%= ×100%= 可得：
绳子自由端的拉力F= = =50N.
答：(1)金属块的密度为8×103kg/m3;
(2)金属块受到的浮力为10N;
(3)金属块对容器底部的压强为7×103Pa;
(4)绳子自由端的拉力F大小是50N.
25.如图，将标有“6V 3W”字样的灯泡L1和标有“6V 6W”字样的灯泡L2串联在电路中，使其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，不考虑温度对电阻的影响.求：
(1)灯泡L1正常工作时的电流;
(2)灯泡L2的电阻;
(3)电源电压;
(4)此电路工作2分钟消耗的电能.
【考点】J9：电功率与电压、电流的关系;J8：电功率与电能、时间的关系.
【分析】(1)根据公式P=UI计算电流;
(2)由功率公式求灯泡的电阻;
(3)根据每个灯泡的额定电流判定电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压;
(4)根据公式W=UIt计算消耗的电能.
【解答】解：(1)由P=UI可知：灯泡L1正常工作时的电流为：
I1= = =0.5A;
(2)由P= 可知灯泡L2的电阻为：
R2= = =6Ω;
(3)灯泡L2的额定电流为：I2= = =1A，两灯泡串联，电流相等，一灯泡达正常发光，另一灯不超过额定电压，则一定是3W灯正常发光;
则灯泡L2两端的电压为：U'2=I1R2=0.5A×6Ω=3V，
电压电压为：U=U1+U'2=3V+3V=6V;
(4)此电路工作2分钟消耗的电能为：W=UIt=6V×0.5A×120s=360J.
答：(1)灯泡L1正常工作时的电流为0.5A;
(2)灯泡L2的电阻为6Ω;
(3)电源电压为6V;
(4)此电路工作2分钟消耗的电能为360J.
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