2018雅安市中考物理试卷真题及答案
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2018雅安市中考物理试卷选择题
1.下列有关热学知识的认识，正确的是( )
A.0℃的冰没有内能
B.只有热传递可以改变物体的内能
C.温度越高，分子做无规则运动越激烈
D.热机的做功冲程是将机械能转化为内能
2.关于家庭电路和安全用电，下列说法错误的是( )
A.试电笔是用来辨别火线和零线的
B.家庭电路中的各种电器都是并联的
C.只有36V的电压对人体才是安全的
D.使用有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地线
3.关于光现象，下列说法中正确的是( )
A.岸边景物在湖水中形成倒影，是由光的折射形成的
B.白光通过棱镜发生色散现象，说明白光是由多种色光组成的
C.斜插入水中的筷子好像在水面处发生弯折，是由光的反射形成的
D.能从不同方向看见不发光的物体，是由于光在其表面发生了镜面反射
4.物理学是一门实验性很强的基础科学，培养同学们正确使用仪器的技能是做好物理实验的基础，下列操作正确的是( )
A.用刻度尺测量长度，应让整刻度线对准被测物体的一端
B.用温度计测量液体温度，应将温度计从液体中取出再读数
C.用弹簧测力计测量物体的重力，不调零就可以直接进行测量
D.用托盘天平测量物体质量过程中，发现横梁不平衡时可调节平衡螺母
5.如图所示，根据小磁针的指向，对电磁铁的南、北极和电源的正、负极判断正确的是( )
A.a端是北极，c端是负极 B.a端是北极，c端是正极
C.a端是南极，c端是负极 D.a端是南极，c端是正极
6.雅安的蒙山茶自古为贡茶之一，泡茶、喝茶中包含很多物理知识，下列说法中错误的是( )
A.打开茶叶盒，茶香飘满屋﹣﹣是茶叶的升华现象
B.泡茶时，部分茶叶浮起来﹣﹣是由于受到的浮力小于自身的重力
C.茶水太烫，吹一吹凉得快﹣﹣主要是由于吹气加快了茶水的蒸发
D.透过玻璃茶杯看到手指变粗﹣﹣是由于装水的茶杯相当于一个放大镜
7.如图所示，木块竖立在小车上，随小车仪器以相同的速度向右作匀速直线运动，不考虑空气阻力，下列分析正确的是( )
A.小车的运动速度增大，则它的惯性和动能也随之增大
B.小车受到阻力突然停止运动时，那么木块将向左倾倒
C.小车对木块的支持力与木块受到的重力是一对平衡力
D.木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力
8.如图是用来他那就凸透镜成像规律的实验装置示意图(屏未画出)，当蜡烛和透镜放在图示位置时，通过移动光屏，可以在光屏上得到与物体等大的像;若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为40cm处，则( )
A.移动光屏，可以在屏上得到倒立放大的像
B.移动光屏，可以在屏上得到倒立缩小的像
C.移动光屏，可以在屏上得到正立放大的像
D.不论光屏移到什么位置，都不能在屏上得到蜡烛的像
9.如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，当开关S闭合，滑片P由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是( )
A.电压表的示数减小，电流表的示数减小
B.电压表示数与电流表的示数之比不变
C.当滑片移到中点时，电压表示数为1V
D.当滑片移到a端时，电流表示数为0.24A
10.如图甲所示，烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮.经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示.现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0℃的过程中，假设小球的体积始终不变，关于小球的浮沉情况判断正确的是( )
A.先下沉然后上浮 B.浮力变小，一直下沉
C.先上浮然后下沉 D.浮力变大，一直上浮
11.如图甲为盛水的烧杯，上方有弹簧测力计悬挂的圆柱体，将圆柱体缓慢下降，直至将圆柱体全部浸入水中，整个过程中弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化关系的图象如图乙所示，g取10N/kg，下列说法正确的是( )
A.圆柱体受到的重力是6N
B.圆柱体受到的最大浮力是3N
C.圆柱体的密度是1.5×103kg/3
D.当圆柱体刚好全部浸没时，下表面受到水的压强为800pa
12.如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器(a、b为其两端点)，闭合开关S，当滑片P在b端时，电流表示数为0.2A，R2消耗的电功率为2W，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.5A，R2消耗的电功率为3.5W，则当滑片P从a移到b的过程中( )
A.电压表示数变化了12V
B.电流表示数变化了1.2A
C.R1消耗的电功率变化了5W
D.电路消耗的总功率变化了12W
2018雅安市中考物理试卷非选择题
二、填空题
13.飞机起飞时，座位上的乘客相对于飞机是 的，飞机产生的巨大轰鸣声是通过 向四周传播形成影响机场周围居民生活的噪声.
14.我国许多城市中建有大型绿地，绿地中的人工湖具有“吸热”功能，盛夏季节能大大减弱周围地区的“热岛效应”.某人工湖湖水的质量为1.0×107kg.若水温平均升高0.8℃，则湖水吸收的热量为 J，若这些热量被质量的砂石吸收(C水>C砂石)，则砂石升高的温度 0.8℃(选填“大于”“等于”或“小于”).C水=4.2×103J/(kg•℃)
15.有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为12V，灯泡L的额定电压为8V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙.当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 Ω.调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，灯泡两端的电压是 V.
16.查询规律：在地面附近同一高度会高度差不显著的情况下，空气流速v与压强P的关系可表示为 ρv2+p=C，式中C是常量，ρ表示空气密度，根据关系式可知：空气流速越小，压强 ;厨房中的抽油烟机正是利用这个原理工作的，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强 ，油烟在周围大气压的作用下被压向扇口排出厨房.
17.在如图所示的电路中，灯泡L上标有“6V 3W”字样，当只闭合开关S1时，灯泡L恰能正常发光，电阻R1的功率为P1，当只闭合开关S2时，电流表的示数为0.3A，电阻R2的功率为P2，已知P1：P2=20：9，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则电阻R1与R2的比值为 .
三、作图题
18.如图所示，一束光线从空气斜射到水面发生反射和折射，请在图中做出反射光线(标明反射角的度数)和折射光线的大致方向.
19.如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受的重力G和摩擦力f的示意图.
四、实验与探究题
20.小敏同学利用如图装置探究“液体内部压强的特点”(乙和丙容器中装的是同种液体)
(1)实验中，首先必须检查压强计能否正常使用，若用手指不论轻压还是重压探头的橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性 (选填“好”或“差”).调节好压强计后，U形管两边液面相平.
(2)小敏把探头分别浸入到甲、乙图中的两种液体(水和酒精)中，发现图甲中U形管两边液柱的高度差比图乙小，由此，他判断图甲中的液体是酒精，他的判断是 (选填“正确”或“错误”);接着他改变图乙中探头的深度，其探究情况如图丙所示.
(3)比较图 ，得出探头浸入液体的深度 (选填“越深”或“越浅”)，U形管两边液柱的高度差就越越大，表示液体的压强就越 .
(4)小敏发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，表明 .
21.某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细均匀的由同种材料制成的金属丝，将金属丝拉直连接在A、B接线柱上，在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P.实验室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组(电压3V)、滑动变阻器(20Ω 2A)、刻度尺、开关和导线若干.
(1)为了测量AP段的电阻R，他们连接了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把图中还没有连接的一根导线接上，使电路完整.
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最 (选填“左”或“右”)端.
(3)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，测得电压表的读数为2.0V，电流表指针偏转如图乙所示，此时金属丝的电阻R= Ω.
(4)实验中移动金属夹P，分别测得AP段的长度L和对应的电阻值R，数据如表：分析表中数据，可知R与L的关系是 .
L/cm 15 30 45 60 75
R/Ω 2.5 5 7.5 10 12.5
(5)在实验中国，探究金属丝电阻大小与长度的关系时，必须保持导体的材料和横截面积一定，这种探究问题的科学方法叫： .在下列两个电学实验中，应用此方法的是： (选填字母)
A.用伏安法测电阻 B.探究电流与电压、电阻的关系.
五、计算题
22.如图所示，一个容积V0=500cm3、质量m=0.5kg的瓶子里装有水，乌鸦为了喝到瓶子里的水，就衔了很多的小石块填到瓶子里，让水面上升到瓶口.若瓶内有质量m=0.4kg的水.求：(水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，石块密度ρ石块=2.6×103kg/m3)
(1)瓶中水的体积V1;
(2)乌鸦投入瓶子中的石块的体积V2;
(3)乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量m.
23.有两只灯泡，A灯“6V 6W”，B灯“6V 3W”.A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示.
(1)将A、B并联接在6V电源两端，求干路上的电流;
(2)将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻;
(3)将A与一个滑动变阻器(20Ω 2A)串联接在6V电源两端，如图乙所示.调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，求滑动变阻器的功率.
24.工人用图甲所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定，滑轮组的机械效率随建材重力变化的图象如图乙，滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，g取10N/kg.
(1)若某次运送建材的质量为50kg，则建材的重力是多少?
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率;
(3)当滑轮组的机械效率为60%时，运动建材的重力是多大?
2018雅安市中考物理试卷答案
一、选择题
1.下列有关热学知识的认识，正确的是( )
A.0℃的冰没有内能
B.只有热传递可以改变物体的内能
C.温度越高，分子做无规则运动越激烈
D.热机的做功冲程是将机械能转化为内能
【考点】内能的概念;物体内能的改变;热机;分子的运动.
【分析】(1)内能是物体本身的一种性质，一切物体都具有内能;
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递;
(3)物体中分子的无规则运动与温度有关，物体的温度越高，物体中分子的无规则运动越激烈;
(4)在做功冲程中，汽油机将内能转化为机械能，由此获得动力.
【解答】解：A、因为一切物体都具有内能，所以0℃的冰同样具有内能.故A错误;
B、做功和热传递是改变物体内能的两种方式，故B错误;
C、物体中分子的无规则运动与温度有关，物体的温度越高，物体中分子的无规则运动越激烈，故C正确;
D、在热机的做功冲程中，燃料燃烧生成高温高压的燃气，燃气推动活塞运动，活塞从而带动曲轴转动，使汽车获得动力，在此过程中，将内能转化为机械能，故D错误.
故选C.
2.关于家庭电路和安全用电，下列说法错误的是( )
A.试电笔是用来辨别火线和零线的
B.家庭电路中的各种电器都是并联的
C.只有36V的电压对人体才是安全的
D.使用有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地线
【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法;电压;家庭电路的连接;安全用电原则.
【分析】(1)测电笔是用来辨别火线和零线的仪器;
(2)并联电路中的各个用电器是互不影响的;
(3)对于人体的安全电压是不高于36V;
(4)用电器的金属外壳一定接地，防止用电器漏电时发生触电事故.
【解答】解：A、据课本可知，测电笔是用来辨别火线和零线的仪器，故A正确;
B、家庭电路中的各种电器都是互不影响的，所以是并联的关系，故B正确;
C、对于人体的安全电压是不高于36V，故C错误;
D、用电器的金属外壳应拉地线以防止发生触电事故，D正确;
故选C.
3.关于光现象，下列说法中正确的是( )
A.岸边景物在湖水中形成倒影，是由光的折射形成的
B.白光通过棱镜发生色散现象，说明白光是由多种色光组成的
C.斜插入水中的筷子好像在水面处发生弯折，是由光的反射形成的
D.能从不同方向看见不发光的物体，是由于光在其表面发生了镜面反射
【考点】光的反射;漫反射;光的折射现象及其应用;光的色散.
【分析】解答此题从以下知识点入手：
(1)平面镜成像的原理是光的反射;
(2)太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象.
(3)光从一种介质斜射入另一种介质中，就会发生光的折射.
(4)能从各个方向看到本身不发光的物体，那说明这个物体反射的光线能向四面八方传播.这说明在这个物体上发生了漫反射的原因.
【解答】解：A、岸边景物在湖水中形成倒影，这是平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射;故A错误;
B、由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同，所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带.说明太阳光有这七种颜色组成，故B正确;
C、斜插入水中的筷子好像在水面处发生弯折，是由光的折射形成，故C错误;
D、能够从不同方向看到一些本身不发光的物体，说明光在这些物体上发生了漫反射.故D错误.
故选B.
4.物理学是一门实验性很强的基础科学，培养同学们正确使用仪器的技能是做好物理实验的基础，下列操作正确的是( )
A.用刻度尺测量长度，应让整刻度线对准被测物体的一端
B.用温度计测量液体温度，应将温度计从液体中取出再读数
C.用弹簧测力计测量物体的重力，不调零就可以直接进行测量
D.用托盘天平测量物体质量过程中，发现横梁不平衡时可调节平衡螺母
【考点】刻度尺的使用;温度计的使用及其读数;天平的使用;弹簧测力计的使用与读数.
【分析】(1)刻度尺的使用规则：①刻度尺要与被测部分对齐;②让刻度尺有刻度的一面紧贴被测部分，测量的始端与0刻度线对齐，如果0刻度线磨损，可以与其它整格刻线对齐，测量结果要减去前面的数值;③读数时视线要与尺面垂直;④读数时结果要估读到分度值的下一位;⑤记录数据要写单位.
(2)实验室温度计的使用中一定要注意如何做才能让玻璃泡全部浸在被测液体中，并不能碰到容器底和容器壁.对温度计的读数方法：在读数的时候温度计不能离开被测对象，视线应该和温度计内的液柱上表面相平.
(3)弹簧测力计的正确使用方法：
①使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零点，如果不在则要将指针调到零点;
②用手拉几下看看测力计的外壳与弹簧是否发生摩擦;
③注意测力计拉力的方向要与弹簧的伸长在一条直线上;
④弹簧测力计不能超过测量范围，否则会损坏测力计;
⑤读数时，让视线垂直于刻度面板.
(4)天平的使用可以用以下口诀记忆：测质量，用天平，先方平，再调平，游码左移零，螺母来调平，左物右码要记清，先大后小镊取码，平衡质量加游码.
【解答】解：
A、用刻度尺测量长度，应让整刻度线对准被测物体的一端，此项符合题意;
B、用温度计测量液体温度，应将温度计的玻璃泡全部浸在被测液体中，不可将其从液体中取出再读数，此项不符合题意;
C、使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零点，如果不在则要将指针调到零点，此项不符合题意;
D、在称量过程中，不可再碰平衡螺母，此项不符合题意;
故选A.
5.如图所示，根据小磁针的指向，对电磁铁的南、北极和电源的正、负极判断正确的是( )
A.a端是北极，c端是负极 B.a端是北极，c端是正极
C.a端是南极，c端是负极 D.a端是南极，c端是正极
【考点】通电螺线管的磁场;通电螺线管的极性和电流方向的判断.
【分析】由磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的极性，再由安培定则判断电源的正、负极.
【解答】解：图中小磁针N极向右，据磁体间的作用规律可知，此时螺线管的a端是N极，b端是S极，故由安培定则可知电流由右侧流入，即电源右侧d为正极;c端是负极，如图所示：
6.雅安的蒙山茶自古为贡茶之一，泡茶、喝茶中包含很多物理知识，下列说法中错误的是( )
A.打开茶叶盒，茶香飘满屋﹣﹣是茶叶的升华现象
B.泡茶时，部分茶叶浮起来﹣﹣是由于受到的浮力小于自身的重力
C.茶水太烫，吹一吹凉得快﹣﹣主要是由于吹气加快了茶水的蒸发
D.透过玻璃茶杯看到手指变粗﹣﹣是由于装水的茶杯相当于一个放大镜
【考点】物体的浮沉条件及其应用;影响蒸发快慢的因素;凸透镜成像的应用.
【分析】(1)组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物质分子通过扩散现象可以使分子充满整个空间;
(2)上浮的茶叶受到浮力大于重力，合力向上，所以茶叶上浮;
(3)液体汽化时要吸收热量，液体温度降低;蒸发与沸腾是液体汽化的两种方式，
加快液体表面空气的流通速度可以加快蒸发速度;
(4)从一侧看，玻璃杯中间后，边缘薄，相当于一个凸透镜，是一个放大镜.
【解答】解：A、打开茶叶盒，茶香飘满屋﹣﹣是茶叶分子扩散的结果，不是升华现象，故A错误;
B、泡茶时，部分茶叶浮起来﹣﹣是由于茶叶受到的浮力大于自身的重力，故B错误;
C、茶水太烫，吹一吹凉得快，是因为吹一吹可以加快茶水表面空气的流动速度，加快茶水蒸发，使茶凉的快一些，故C正确;
D、透过玻璃茶杯看到手指变粗，是由于装水的茶杯相当于一个放大镜，故D正确.
故选AB.
7.如图所示，木块竖立在小车上，随小车仪器以相同的速度向右作匀速直线运动，不考虑空气阻力，下列分析正确的是( )
A.小车的运动速度增大，则它的惯性和动能也随之增大
B.小车受到阻力突然停止运动时，那么木块将向左倾倒
C.小车对木块的支持力与木块受到的重力是一对平衡力
D.木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力
【考点】惯性;平衡力的辨别;动能的影响因素.
【分析】(1)惯性的大小只与物体的质量有关，速度大小、受力大小都不影响惯性.
(2)牛顿第一定律：物体不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动.
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上.
【解答】解：A、惯性与物体运动的速度无关，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质.故A不符合题意.
B、小车突然停止运动，木块下部由于受摩擦速度减小，而木块的上部还要保持原来的运动状态，所以木块向右倾倒.故B不符合题意.
C、小车对木块的支持力与木块受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力，故C符合题意.
D、木块对小车的压力与小车对木块的支持力分别作用在小车和木块上，属于相互作用力，是一对作用力和反作用力，不是平衡力.故D不符合题意.
故选C.
8.如图是用来他那就凸透镜成像规律的实验装置示意图(屏未画出)，当蜡烛和透镜放在图示位置时，通过移动光屏，可以在光屏上得到与物体等大的像;若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为40cm处，则( )
A.移动光屏，可以在屏上得到倒立放大的像
B.移动光屏，可以在屏上得到倒立缩小的像
C.移动光屏，可以在屏上得到正立放大的像
D.不论光屏移到什么位置，都不能在屏上得到蜡烛的像
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验.
【分析】凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像.
当u=2f时，成倒立、等大的实像.
当f
当u=f时，无像.经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点.
当u
【解答】解：如图，物距为u=50cm﹣20cm=30cm时，成倒立等大的实像，u=2f，所以2f=30cm，所以凸透镜的焦距为：f=15cm.
若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为40cm处，此时物距为u=50cm﹣40cm=10cm，u
故选D.
9.如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，当开关S闭合，滑片P由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是( )
A.电压表的示数减小，电流表的示数减小
B.电压表示数与电流表的示数之比不变
C.当滑片移到中点时，电压表示数为1V
D.当滑片移到a端时，电流表示数为0.24A
【考点】欧姆定律的应用;电路的动态分析.
【分析】由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流.
(1)根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化和电压表的示数变化;
(2)当滑片移到中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数;
(3)当滑片移到a端时，接入电路中的电阻为零，根据欧姆定律求出电路中的电流.
【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流.
(1)当开关S闭合，滑片P由b端向a端移动的过程中，滑动变阻器的阻值增大，电路中的总电阻增大，
由I= 可知，电路中的电流增大，即电流表示数增大，
由U=IR可知，R1两端电压增大，即电压表示数增大，故A错误;
由R= 可知，电压表示数与电流表的示数之比等于R1的阻值，
则电压表示数与电流表的示数之比不变，故B正确;
(2)当滑片移到中点时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I= = =0.4A，
电压表的示数：
U1=IR1=0.4A×5Ω=2V;
(3)当滑片移到a端时，接入电路中的电阻为零，
则电路中电流表的示数：
I′= = =1.2A，故D错误.
故选B.
10.如图甲所示，烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮.经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示.现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0℃的过程中，假设小球的体积始终不变，关于小球的浮沉情况判断正确的是( )
A.先下沉然后上浮 B.浮力变小，一直下沉
C.先上浮然后下沉 D.浮力变大，一直上浮
【考点】物体的浮沉条件及其应用.
【分析】物体悬浮在水中，物体的体积不变，即排开水的体积不变，当水温为6℃时，物体悬浮，物体的密度等于水的密度;
水温缓慢地降至0℃的过程中，在4℃之前热胀冷缩，在4℃以后热缩冷胀，在4℃时水的密度最大，根据物体的浮沉条件分析判断.
【解答】解：由于烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮.则小球的密度与水的密度相等;
由图象可知：4℃的水的密度最大，6℃的水的密度比0℃时水的密度大;
所以当水的温度从6℃降到4℃时，因水热胀冷缩，水的密度增大，大于小球的密度，使小球上浮、最后漂浮;
当水的温度从4℃降到0℃时，因水热缩冷胀，水的密度减小，最后小于小球的密度，使物体下沉、悬浮、最后下沉.
故选C.
11.如图甲为盛水的烧杯，上方有弹簧测力计悬挂的圆柱体，将圆柱体缓慢下降，直至将圆柱体全部浸入水中，整个过程中弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化关系的图象如图乙所示，g取10N/kg，下列说法正确的是( )
A.圆柱体受到的重力是6N
B.圆柱体受到的最大浮力是3N
C.圆柱体的密度是1.5×103kg/3
D.当圆柱体刚好全部浸没时，下表面受到水的压强为800pa
【考点】浮力大小的计算;密度的计算;重力的计算;液体的压强的计算;阿基米德原理.
【分析】为了便于分析，给线段标上A、B、C、D四个点，如下图，根据图象分析如下：
(1)由图可知AB段圆柱体未浸入液体，测力计的示数即为圆柱体的重力，所以从图中可读出圆柱体的重力大小.
(2)由图象CD段可知物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，为最大值.
(3)由题意可知图中CD段是圆柱体完全浸入水后的情况，由图可知圆柱体完全浸入水后测力计对圆柱体的拉力为3N，再利用力的平衡条件求出圆柱体受到的浮力，利用阿基米德原理求得圆柱体的体积，利用密度公式求得圆柱体的密度
(4)下降高度4cm时，下表面接触水面，下降8cm时，圆柱体刚好浸没水中，这时水面上升，圆柱体下表面距水面距离是4cm，由p=ρgh可计算，下表面受到水的压强.
【解答】解：A、由图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为9N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F拉=9N，故A错误;
B、由图象CD段可知物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，则圆柱体受到的浮力F浮=G﹣F=9N﹣3N=6N，故B错误;
C、图象中CD段是圆柱体完全浸入水中的情况，此时圆柱体受到的拉力F=3N，
则圆柱体受到的浮力F浮=G﹣F=9N﹣3N=6N.
圆柱体受到的浮力：F浮=ρ水gV排，物体的体积：
V物=V排= = =6×10﹣4m3，
由公式G=mg可求出物体的质量m= = =0.9kg，
则圆柱体密度ρ物= = =1.5×103kg/m3，故C正确.
D、下表面受到水的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa，故D错误;
故选C.
12.如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器(a、b为其两端点)，闭合开关S，当滑片P在b端时，电流表示数为0.2A，R2消耗的电功率为2W，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.5A，R2消耗的电功率为3.5W，则当滑片P从a移到b的过程中( )
A.电压表示数变化了12V
B.电流表示数变化了1.2A
C.R1消耗的电功率变化了5W
D.电路消耗的总功率变化了12W
【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算.
【分析】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流.
(1)当滑片P在b端时，知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压;当滑片P移动至某一位置时，又知道电路中的电流和R2消耗的电功率，根据P=UI求出R2两端的电压，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压;
(2)当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，据此求出电压表示数的变化量，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后得出电流表示数的变化量，根据P=I2R求出R1消耗电功率的变化量，根据P=UI求出电路消耗总功率的变化量.
【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流.
(1)当滑片P在b端时，电路的电流I1=0.2A，R2消耗的电功率P2=2W，
由P=UI可得，R2两端的电压：
U2= = =10V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I= 可得，电源的电压：
U=I1R1+U2=0.2A×R1+10V，
当滑片P移动至某一位置时，电路中的电流I2=0.5A，R2消耗的电功率U2′=3.5W，
则R2两端的电压：
U2′= = =7V，
电源电压：
U=I2R1+U2′=0.5A×R1+7V，
因电源的电压不变，
所以，0.2A×R1+10V=0.5A×R1+7V，
解得：R1=10Ω，
电源电压：U=I1R1+U2=0.2A×10Ω+10V=12V;
(2)当滑片P在b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，
则当滑片P从a移到b的过程中，电压表示数的变化量：
△U=U﹣U1=U﹣(U﹣U2)=U2=10V，故A错误;
此时电路中的电流：
I= = =1.2A，
则当滑片P从a移到b的过程中，电流表示数的变化量：
△I=I﹣I1=1.2A﹣0.2A=1A，故B错误;
当滑片P从a移到b的过程中，R1消耗电功率的变化量：
△P1=I2R1﹣I12R1=(1.2A)2×10Ω﹣(0.2A)2×10Ω=14W，故C错误;
当滑片P从a移到b的过程中，电路消耗总功率的变化量：
△P=UI﹣UI1=12V×1.2A﹣12V×0.2A=12W，故D正确.
故选D.
二、填空题
13.飞机起飞时，座位上的乘客相对于飞机是 静止 的，飞机产生的巨大轰鸣声是通过 空气 向四周传播形成影响机场周围居民生活的噪声.
【考点】参照物及其选择;声音的传播条件.
【分析】(1)判断某个物体是否运动时，需要选取的一个参照物，将此参照物看做是静止的来判断该物体是否运动
(2)声音的传播需要介质，空气能够传播声音.
【解答】解.飞机座位上的乘客相对于飞机没有位置的变化，所以乘客相对于飞机是静止的;
声音的传播需要介质，飞机产生的巨大轰鸣声是由空气传播.
故答案为：静止;空气.
14.我国许多城市中建有大型绿地，绿地中的人工湖具有“吸热”功能，盛夏季节能大大减弱周围地区的“热岛效应”.某人工湖湖水的质量为1.0×107kg.若水温平均升高0.8℃，则湖水吸收的热量为 3.36×1010 J，若这些热量被质量的砂石吸收(C水>C砂石)，则砂石升高的温度 大于 0.8℃(选填“大于”“等于”或“小于”).C水=4.2×103J/(kg•℃)
【考点】热量的计算.
【分析】(1)知道水的质量、升高的温度，根据公式Q=cm△t求出水吸收的热量;
(2)水和砂石的质量相等，吸收的热量相等，根据公式Q=cm△t分析砂石温度的变化.
【解答】解：(1)湖水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.0×107kg×0.8℃=3.36×1010J;
(2)由题知，水和沙石的质量m相同，吸收的热量相同，
因为Q吸=cm△t，c砂石
所以△t砂石>△t水=0.8℃，
即吸收相同的热量，砂石升高的温度将大于0.8℃.
故答案为：3.36×1010;大于.
15.有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为12V，灯泡L的额定电压为8V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙.当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 20 Ω.调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，灯泡两端的电压是 4 V.
【考点】欧姆定律的应用;实际功率.
【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图乙读出通过灯泡的电流，利用欧姆定律求出灯丝的电阻;
(2)根据图象读出灯泡的实际功率为1.2W的电压和电流.
【解答】解：(1)小灯泡正常发光时的电压UL=8V，
由图象可知，IL=0.4A，
由I= 可得，灯丝的电阻：
RL= = =20Ω;
(2)由图乙可知，当UL′=4V、IL′=0.3A时，
灯泡的实际功率PL′=UL′IL′=4V×0.3A=1.2W.
故答案为：20;4.
16.查询规律：在地面附近同一高度会高度差不显著的情况下，空气流速v与压强P的关系可表示为 ρv2+p=C，式中C是常量，ρ表示空气密度，根据关系式可知：空气流速越小，压强 越大 ;厨房中的抽油烟机正是利用这个原理工作的，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强 小 ，油烟在周围大气压的作用下被压向扇口排出厨房.
【考点】流体压强与流速的关系.
【分析】根据 ρv2+p=C分析空气流速越小时压强的变化，然后得出答案.
【解答】解：由 ρv2+p=C的变形式p=C﹣ ρv2可知，空气流速越小时，压强越大，反之气体的流速大，压强越小
所以，厨房中的抽油烟机工作时，油烟在周围大气压的作用下被压向扇口排出厨房.
故答案为：越大;小.
17.在如图所示的电路中，灯泡L上标有“6V 3W”字样，当只闭合开关S1时，灯泡L恰能正常发光，电阻R1的功率为P1，当只闭合开关S2时，电流表的示数为0.3A，电阻R2的功率为P2，已知P1：P2=20：9，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则电阻R1与R2的比值为 4：5 .
【考点】电功率的计算.
【分析】当只闭合开关S1时，灯泡L与电阻R1串联，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流;当只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R2串联，电流表测电路中的电流，根据P=I2R表示出R1与R2的功率之比即可求出两电阻的阻值之比.
【解答】解：当只闭合开关S1时，灯泡L与电阻R1串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，
所以，由P=UI可得，电路中的电流：
I1= = =0.5A，
当只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R2串联，电流表测电路中的电流，
此时电路中的电流I2=0.3A，
由P=I2R可得，R1与R2的功率之比：
= =( )2× =( )2× = ，
解得： = .
故答案为：4：5.
三、作图题
18.如图所示，一束光线从空气斜射到水面发生反射和折射，请在图中做出反射光线(标明反射角的度数)和折射光线的大致方向.
【考点】作光的反射光路图;作光的折射光路图.
【分析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角;
折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角;当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线.
【解答】解：图中入射光线与界面的夹角是30°，入射角是入射光线与法线的夹角，因此入射角是90°﹣30°=60°;反射角是反射光线与法线的夹角，反射角等于入射角也为60°.
光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角，据此完成光路，如下图所示：
19.如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受的重力G和摩擦力f的示意图.
【考点】重力示意图;摩擦力的示意图.
【分析】根据物体与斜面的相对运动方向判断出摩擦力的方向，物体向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下;
重力作用点在重心，方向竖直向下.
【解答】解：物体向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下，重力的方向竖直向下，作用点都画在重心，如图所示：
四、实验与探究题
20.小敏同学利用如图装置探究“液体内部压强的特点”(乙和丙容器中装的是同种液体)
(1)实验中，首先必须检查压强计能否正常使用，若用手指不论轻压还是重压探头的橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性 差 (选填“好”或“差”).调节好压强计后，U形管两边液面相平.
(2)小敏把探头分别浸入到甲、乙图中的两种液体(水和酒精)中，发现图甲中U形管两边液柱的高度差比图乙小，由此，他判断图甲中的液体是酒精，他的判断是 错误 (选填“正确”或“错误”);接着他改变图乙中探头的深度，其探究情况如图丙所示.
(3)比较图 乙、丙 ，得出探头浸入液体的深度 越深 (选填“越深”或“越浅”)，U形管两边液柱的高度差就越越大，表示液体的压强就越 大 .
(4)小敏发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，表明 同种液体的同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等 .
【考点】探究液体压强的特点实验.
【分析】(1)压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计气密性差，U形管两边液柱的高度差变化都很小;
(2)液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟密度的关系时，控制液体深度不变;探究液体压强跟深度关系时，控制密度不变;
(3)在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大;在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大;
(4)分析该次实验中控制的量和不同的量，得出液体压强大小与方向的关系.
【解答】解：(1)若用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度差变化都很小，则说明该压强计的气密性差;
(2)小敏把探头分别浸入到甲、乙图中的两种液体(水和酒精)中，由图可知，没有控制探头所在的深度相同，所以不能通过液体压强的大小来比较液体密度的大小，故他的判断是错误的.
(3)研究液体压强与深度的关系时，应控制液体密度相同，改变深度，故小敏应该比较图乙、丙;探头浸入液体的深度越深，U形管两边液柱的高度差就越大，表示液体的压强就越大.
(4)在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U型管两边的液面高度差相同，说明在同种液体的同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等.
故答案为：
(1)差;(2)错误;(3)乙、丙;越深;大;
(4)在同种液体的同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等.
21.某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细均匀的由同种材料制成的金属丝，将金属丝拉直连接在A、B接线柱上，在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P.实验室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组(电压3V)、滑动变阻器(20Ω 2A)、刻度尺、开关和导线若干.
(1)为了测量AP段的电阻R，他们连接了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把图中还没有连接的一根导线接上，使电路完整.
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最 右 (选填“左”或“右”)端.
(3)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，测得电压表的读数为2.0V，电流表指针偏转如图乙所示，此时金属丝的电阻R= 5 Ω.
(4)实验中移动金属夹P，分别测得AP段的长度L和对应的电阻值R，数据如表：分析表中数据，可知R与L的关系是 其它条件不变，导体的电阻与长度成正比 .
L/cm 15 30 45 60 75
R/Ω 2.5 5 7.5 10 12.5
(5)在实验中国，探究金属丝电阻大小与长度的关系时，必须保持导体的材料和横截面积一定，这种探究问题的科学方法叫： 控制变量法 .在下列两个电学实验中，应用此方法的是： B (选填字母)
A.用伏安法测电阻 B.探究电流与电压、电阻的关系.
【考点】影响电阻大小的因素.
【分析】(1)掌握电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下;
(2)为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处;
(3)在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值，根据公式R= 计算电阻值;
(4)分析电阻和长度的变化关系，得出结论;
(5)影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积;实验室常采用控制变量法研究问题.
【解答】解：
(1)因为电池电压为3V，所以电压表的量程选择0～3V的量程，将电压表3V的接线柱与滑片P相连;将电流表与电阻串联，将电流表的负接线柱与接线柱B连接，如下图所示：
(2)由于滑动变阻器接的下面左边的接线柱，所以闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最右端;
(3)由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.4A;
则R= = =5Ω;
(4)由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍或电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比;
(5)导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，探究金属丝电阻大小与长度的关系时，必须保持导体的材料和横截面积一定，这种探究问题的科学方法叫控制变量法;在探究电流与电压、电阻的关系时也运用了此方法.
故答案为：(1)如上图;(2)右;(3)5;(4)其它条件不变，导体的电阻与长度成正比;(5)控制变量法;B.
五、计算题
22.如图所示，一个容积V0=500cm3、质量m=0.5kg的瓶子里装有水，乌鸦为了喝到瓶子里的水，就衔了很多的小石块填到瓶子里，让水面上升到瓶口.若瓶内有质量m=0.4kg的水.求：(水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，石块密度ρ石块=2.6×103kg/m3)
(1)瓶中水的体积V1;
(2)乌鸦投入瓶子中的石块的体积V2;
(3)乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量m.
【考点】密度公式的应用.
【分析】(1)知道瓶内水的质量利用ρ= 求瓶内水的体积;
(2)石块总体积等于瓶子容积减去水的体积;
(3)利用m=ρV求石块的质量，可求乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量.
【解答】解：
(1)由ρ= 得瓶内水的体积：
V1= = =4×10﹣4m3=400cm3;
(2)石块总体积：
V2=V容﹣V1=500cm3﹣400m3=100cm3;
(3)由ρ= 得石块的质量：
m石=ρ石V2=2.6g/cm3×100cm3=260g=0.26kg，
乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量：
m=m水+m瓶+m石=0.4kg+0.5kg+0.26kg=1.16kg=1160g.
答：(1)瓶中水的体积为400cm3;
(2)乌鸦投入瓶子中的石块的体积为100cm3;
(3)乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量为1160g.
23.有两只灯泡，A灯“6V 6W”，B灯“6V 3W”.A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示.
(1)将A、B并联接在6V电源两端，求干路上的电流;
(2)将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻;
(3)将A与一个滑动变阻器(20Ω 2A)串联接在6V电源两端，如图乙所示.调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，求滑动变阻器的功率.
【考点】电功率的计算;欧姆定律的应用.
【分析】(1)将A、B并联接在6V电源两端时，两灯泡两端的电压相等，根据图象读出通过两灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流;
(2)将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，根据图象读出通过B灯的电流即为电路中的电流，再根据图象读出A灯两端的电压，根据欧姆定律求出此时A灯电阻;
(3)将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端时，通过它们的电流相等，根据P=UI可知R与A灯的电阻关系，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压即可求出A灯和滑动变阻器两端的电压，根据图象读出电路中的电流，利用P=UI求出滑动变阻器的功率.
【解答】解：(1)将A、B并联接在6V电源两端，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，两灯泡两端的电压均为6V，
由图甲可知，通过两灯泡的电流分别为IA=1.0A，IB=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路上的电流：
I=IA+IB=1.0A+0.5A=1.5A;
(2)将A、B串联接在某电源两端，
因串联电路中各处的电流相等，且使B灯恰好正常发光，
所以，由图象可知，电路中的电流I′=IB=0.5A，
此时A灯泡两端的电压UA′=2V，
由I= 可得，此时A灯电阻：
RA= = =4Ω;
(3)将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端时，
因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍，
所以，由P=UI可知，U滑=2UA′，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=U滑+UA′=2UA′+UA′=3UA′=6V，
解得：UA′=2V，U滑=2UA′=2×2V=4V，
由图象可知，此时电路中的电流I=0.5A，
则滑动变阻器的功率：
P滑=U滑I=4V×0.5A=2W.
答：(1)将A、B并联接在6V电源两端，则干路上的电流为1.5A;
(2)将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，此时A灯电阻为4Ω;
(3)将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，滑动变阻器的功率为2W.
24.工人用图甲所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定，滑轮组的机械效率随建材重力变化的图象如图乙，滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，g取10N/kg.
(1)若某次运送建材的质量为50kg，则建材的重力是多少?
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率;
(3)当滑轮组的机械效率为60%时，运动建材的重力是多大?
【考点】重力的计算;滑轮(组)的机械效率;功率的计算.
【分析】(1)已知建材的质量，利用G=mg可求得其重力;
(2)首先确定滑轮组绳子有效股数，然后利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功，再利用P= 可求得拉力的功率;
(3)首先利用η= = = = 求出动滑轮的重力，然后再利用η= 计算当滑轮组的机械效率为60%时，运动建材的重力.
【解答】解：(1)建材的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N;
(2)由图可知，n=2，则1min绳子自由端移动的距离s=2h=2×12m=24m，
拉力做的功：W=Fs=200N×24m=4800J，
拉力的功率：P= = =80W;
(3)由图象可知，当η=50%时，重物G=400N，
因为η= = = = ，
所以，50%= ，
解得，G动=400N，
当η′=60%时，η′= ，即60%= ，
解得，G′=600N.
答：(1)建材的重力是500N;
(2)拉力的功率为80W;
(3)当滑轮组的机械效率为60%时，运动建材的重力是600N.
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